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2023年届大纲版数学高考名师一轮复习教案63不等式的证明Idoc高中数学.docx
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2023 年届 大纲 数学 高考 名师 一轮 复习 教案 63 不等式 证明 Idoc 高中数学
2023届大纲版数学高考名师一轮复习教案6.3不等式的证明I 一、明确复习目标 1.理解不等式的性质和证明; 2.掌握分析法、综合法、比较法证明简单的不等式。 二.建构知识网络 1. 比较法证明不等式是最根本的方法也是最常用的方法。比较法的两种形式: (1)比差法:步骤是:①作差;②分解因式或配方;③判断差式符号; (2)比商法:要证a>b且b>0,只须证 1。 说明:①作差比较法证明不等式时,通常是进行通分、因式分解或配方,利用各因式的符号或非负数的性质进行判断; ②证幂、乘积的不等式时常用比商法,证对数不等式时常用比差法。运用比商法时必须确定两式的符号; 2. 综合法:利用某些已经证明过的不等式(如均值不等式,常用不等式,函数单调性)作为根底,再运用不等式的性质推导出所要证的不等式的方法。 3. 分析法:从求证的不等式出发,分析使这个不等式成立的充分条件,把证明这个不等式的问题转化为这些条件是否具备的问题,如果能够肯定这些条件都已具备,那么就可以判定所证的不等式成立。这种证明方法叫做分析法。要注意书写的格式, 综合法是分析法的逆过程 4.对较复杂的不等式先用分析法探求证明途径,再用综合法,或比较法加以证明。 5. 要掌握证明不等式的常用方法,此外还要记住一些常用不等式的形式特点,运用条件,等号、不等号成立的条件等。 三、双基题目练练手 1.设0<x<1,那么a=x,b=1+x,c=中最大的一个是 ( ) A.a B.b C.c D.不能确定 2.(2023春上海)假设a、b、c是常数,那么“a>0且b2-4ac<0”是“对任意x∈R,有ax2+bx+c>0”的 ( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 3. 设(0,+∞),那么三个数,,的值  ( ) A.都大于2 B.都小于2 C.至少有一个不大于2  D.至少有一个不小于2 4.对于满足0≤≤4的实数,使恒成立的的取值范围是 . 5.假设a、b∈R,有以下不等式:①a2+3>2a;②a2+b2≥2(a-b-1);③a5+b5>a3b2+a2b3;④a+≥2.其中一定成立的是__________. 6.船在流水中在甲地和乙地间来回行驶一次的平均速度v1,在静水中的速度v2,那么v1与v2的大小关系为____________. ◆简答:1-3.CAD; 4. ; 5. ①②; 6.设甲、乙距离为s,水流速度为v(v2>v>0),那么船在流水中在甲乙间来回行驶一次的时间t=+=,平均速度v1==. ∵v1-v2=-v2=-<0, ∴v1<v2.答案:v1<v2 四、经典例题做一做 【例1】(1)a,b∈R,求证: a2+b2+1>ab+a (2)设求证 证明:(1)p= a2+b2+1-ab-a = = 显然p>0 ∴得证 (2)证法一:左边-右边= = = = ∴原不等式成立。 证法二:左边>0,右边>0。 ∴原不等式成立。 ◆提炼方法:比较法.作差(或商)、变形、判断三个步骤。变形的主要手段是通分、因式分解或配方。在变形过程中,也可以利用根本不等式放缩,如证法二。 【例2】a+b+c=0,求证:ab+bc+ca≤0. 证明法一:(综合法)∵a+b+c=0, ∴(a+b+c)2=0. 展开得ab+bc+ca=-, ∴ab+bc+ca≤0. 法二:(分析法)要证ab+bc+ca≤0, ∵a+b+c=0, 故只需证ab+bc+ca≤(a+b+c)2, 即证a2+b2+c2+ab+bc+ca≥0, 亦即证[(a+b)2+(b+c)2+(c+a)2]≥0. 而这是显然的,由于以上相应各步均可逆, ∴原不等式成立. 证法三:∵a+b+c=0,∴-c=a+b. ∴ab+bc+ca=ab+(b+a)c=ab-(a+b)2 =-a2-b2-ab=-[(a+)2+]≤0. ∴ab+bc+ca≤0. 【例3】的三边长为且为正数.求证: 证明一:分析法: 要证 只需证 ① ∵在ΔABC中, ∴①式成立,从而原不等式成立. 证明二:比较法: 证明二: 因为为的三边长, 所以 【例4】设二次函数f(x)=ax2+bx+c(a>0),方程f(x)-x=0的两根x1、x2满足1<x1<x2<. (1)当x∈(0,x1)时,证明x<f(x)<x1; (2)设函数f(x)的图象关于直线x=x0对称,求证x0<. 证明:(1)令F(x)=f(x)-x, ∵x1、x2是方程f(x)-x=0的根, ∴F(x)=a(x-x1)(x-x2). 当x∈(0,x1)时,由于x1<x2, ∴(x-x1)(x-x2)>0. 又a>0,得F(x)=a(x-x1)(x-x2)>0, 即x<f(x). 又x1-f(x)=x1-[x+F(x)]=x1-x+a(x1-x)(x-x2)=(x1-x)[1+a(x-x2)], ∵0<x<x1<x2<,x1-x>0, 1+a(x-x2)=1+ax-ax2>1-ax2>0, ∴x1-f(x)>0,即f(x)<x1. 综上,可知x<f(x)<x1. (2)法1:f(x)=a(x-x1)(x-x2)+x=ax2-a(x1+x2-)x+ax1x2 对称轴为x=x0=-=, () 法2:由题意知x0=-. ∵x1、x2是方程f(x)-x=0的根, 即x1、x2是方程ax2+(b-1)x+c=0的根, ∴x1+x2=-. ∴x0=-==. 又∵ax2<1,∴x0<=. 题目点评:函数或数列中的不等式,是高考中的一大类题目,应予以特别的关注,体会方法,积累经验. 【研讨.欣赏】a>1,m>0,求证:loga(a+m)>loga+m(a+2m). 证法1: 取对数得:lg(a+m)-lga>lg(a+2m)-lg(a+m)>0 ① 又 lga<log(a+m) 即 ② ①×②得: 即loga(a+m)>loga+m(a+2m) (常见形式logn(n+1)>log(n+1)(n+2)) 法2:loga(a+m)-log(a+m)(a+2m) =- = ∵a>1,m>0, ∴lga>0,lg(a+2m)>0,且lga≠lg(a+2m). ∴lga·lg(a+2m)<[()]2 =[]2<[]2=lg2(a+m). ∴>0. ∴loga(a+m)>log(a+λ)(a+2m). ✿提炼方法:1.综合法,为什么想到用“〞——感觉式子的结构特征; 2.比较法.把对数的积用均值 不等式化为对数的和是一步关键的决择. 五.提炼总结以为师 1.比较法是一种最重要的、常用的根本方法,其应用非常广泛,一定要熟练掌握. 步骤是:作差→变形(分解因式或配方)→判断符号. 对于积或幂的式子可以作商比较,作商比较必须弄清两式的符号. 2.对较复杂的不等式需要用分析法,分析使不等式成立的充分条件,再证这个条件(不等式)成立. 3.综合法是最简捷明快的方法,常需用分析法打前站,用分析法找路,综合法写出.有时也需要几种方法综合运用. 4.要熟练掌握均值不等式、四种平均值之间的关系,记住一些常用的不等式,记住它们的形式特点、证明方法和内在联系。 同步练习 6.3不等式的证明I 【选择题】 1.设x>0,y>0,且xy-(x+y)=1,那么 ( ) A.x+y≤2+2 B.x+y≥2+2 C.x+y≤(+1)2 D.x+y≥(+1)2 2.假设0<a<b且a+b=1,那么四个数,b,2ab,a2+b2中最大的是 ( ) A. B、b C、2ab D、a2+b2 3.x>0,f(x)=,那么 A、f(x)≤2 B、f(x)≥10 C、f(x)≥6 D、f(x)≤3 4.,(a>2),那么A A、 p>q B、p<q C、p≥q D、p≤q 【填空题】 5.要使不等式≤对所有正数x,y都成立,那么k的最小值是_____ 6. 给出以下不等式,其中正确不等式的序号是_______ ; , ◆练习简答:1-4. BBCA; 5.; 6. (2)(3) 【解答题】 7.(1)a、b、x、y∈R+且>,x>y. 求证:> (2) 假设a>0,b>0,a3+b3=2.求证a+b≤2,ab≤1. 证明(1)法一.(作差比较法) ∵-=, 又>且a、b∈R+, ∴b>a>0.又x>y>0,∴bx>ay. ∴>0,即>. 证法二:(分析法) ∵x、y、a、b∈R+,∴要证>, 只需证明x(y+b)>y(x+a),即证xb>ya. 而由>>0,∴b>a>0.又x>y>0, 知xb>ya显然成立.故原不等式成立. (2) (作差比较法) 因为a>0,b>0,a3+b3=2,所以 (a+b)3-23=a3+b3+3a2b+3ab2-8=3a2b+3ab2-6 =3[ab(a+b)-2]=3[ab(a+b)-(a3+b3)]=-3(a+b)(a-b)2≤0, 即 (a+b)3≤23. 又a+b>0,∴a+b≤2. 又∵∴ab≤1. 8.己知都是正数,且成等比数列, 求证: 证明: 成等比数列, 都是正数, 9. 设x>0,y>0且x≠y,求证 证明:由x>0,y>0且x≠y,要证明 只需 即 只需 由条件,显然成立.∴原不等式成立 10. 求证:在非Rt△ABC中,假设a>b,ha、hb分别表示a、b边上的高,那么必有a+ha>b+hb. 证明:设S表示△ABC的面积,那么 S=aha=bhb=absinC. ∴ha=bsinC,hb=asinC. ∴(a+ha)-(b+hb)=a+bsinC-b-asinC =(a-b)(1-sinC). ∵C≠,∴1-sinC>0. ∴(a-b)(1-sinC)>0. ∴a+ha>b+hb. 【探索题】x,y,z∈(0,1)且x+y+z=2,记u=xy+yz+zx,求证: 证明:3u=xy+yz+zx+2xy+2yz+2zx ==4,故。又 三式相加得 ,两边加上得 ∴ u>1,原不等式得证。

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