2023学年高考物理二轮复习“8+2”限时训练22023学年年全国2卷逐题仿真练含解析.docx

2023年(全国2卷)逐题仿真练 题号 14 15 16 17 18 考点 万有引力 核反应与核能 受力分析与平衡 带电粒子在磁场中的运动 功能关系的应用 题号 19 20 21 22 23 考点 曲线运动 电场性质的理解 电磁感应图象问题 测定动摩擦因数 研究二极管的特性 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 二、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．) 14．(2023·陕西咸阳市模拟(三))下列说法正确的是(　　) A．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式＝k，这个关系式是开普勒第三定律，是可以在实验室中得到证明的 B．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式F＝，这个关系式实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的 C．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式v＝，这个关系式实际上是匀速圆周运动的线速度定义式 D．在探究太阳对行星的引力规律时，使用的三个公式都是可以在实验室中得到证明的 答案　B 解析　在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式＝k，这个关系式是开普勒第三定律，是通过研究行星的运动数据推理出的，不能在实验室中得到证明，故A错误；在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式F＝，这个关系式是向心力公式，实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的，故B正确；在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式v＝，这个关系式不是匀速圆周运动的线速度定义式，匀速圆周运动的线速度定义式为v＝，故C错误；通过A、B、C的分析可知D错误． 15．(2023·四川德阳市第三次诊断)下列说法中错误的是(　　) A．若氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应 B．核泄漏事故污染物Cs能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为Cs→Ba＋x，可以判断x为电子 C．原子核发生一次β衰变，该原子外层就一定失去一个电子 D．质子、中子、α粒子的质量分别是m1、m2、m3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2 答案　C 解析　根据玻尔理论可知，氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光子的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A正确；根据质量数守恒与电荷数守恒可知，核反应方程式Cs→Ba＋x中，x的质量数为0，电荷数为：z＝55－56＝－1，所以x为电子，故B正确；β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故C错误；根据爱因斯坦质能方程知，质子和中子结合成α粒子，核反应方程为2H＋2n→He，释放的能量是ΔE＝Δmc2＝(2m1＋2m2－m3)c2，故D正确． 16．(2023·山东泰安市5月适应性考试)如图1所示，一不可伸长的轻绳左端固定于O点，右端跨过位于O′点的光滑定滑轮悬挂一质量为1kg的物体，OO′段水平，O、O′间的距离为1.6m，绳上套一可沿绳自由滑动的轻环，现在在轻环上悬挂一钩码(图中未画出)，平衡后，物体上升0.4m，物体未碰到定滑轮．则钩码的 质量为(　　) 图1 A．1.2kg B．1.6kg C.kg D.kg 答案　A 解析　重新平衡后，绳子形状如图： 设钩码的质量为M，由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为θ＝53°，根据平衡条件可得：2mgcos53°＝Mg；解得：M＝1.2kg，故A正确，B、C、D错误． 17.(2023·湖南邵阳市二模)如图2所示，圆形区域内存在一垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B1，P点为磁场边界上的一点．大量相同的带正电荷粒子以相同的速率从P点射入磁场区域，速度方向沿纸面内的各个方向．这些粒子射出磁场区域的位置均处于磁场边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是磁场边界圆周长的.若只将磁感应强度的大小变为B2，结果相应的弧长变为磁场边界圆周长的，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，则等于(　　) 图2 A.B.C.D．2 答案　B 解析　当磁感应强度为B2时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，即∠POM＝120°，如图所示： 所以粒子做圆周运动的半径r2＝Rsin60°＝，同理可知，r1＝Rsin30°＝，解得：＝，故B正确． 18．(2023·甘肃省最后一次联考)已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比．篮球与地面碰撞后以大小为v0的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v表示篮球的速度，t表示篮球运动的时间，Ek表示篮球的动能，h表示篮球的高度，则下列图象可能正确的是(　　) 答案　BD 解析　篮球在上升的过程中，速度越来越小，空气阻力越来越小，由mg＋F1＝ma，可知其加速度越来越小，速度变化越来越慢，速度图象的斜率越来越小，下降过程中，v越大，阻力就越大，由mg－F1＝ma，可知加速度就越小，故A错误，B正确；上升过程中，h越大，v越小，阻力就越小，合力就越来越小，Ek－h图线切线斜率越小，下降过程中，h越小，v越大，阻力就越大，合力越小，所以Ek－h图线切线斜率越小，故C错误，D正确． 19．(2023·重庆市5月调研)把一小球从某一高度以大小为v0的速度水平抛出，落地时速度大小仍为v0，方向竖直向下，则该运动过程中(　　) A．小球做平抛运动 B．小球的机械能不守恒 C．重力对小球做功的功率不变 D．小球所受合外力的总功为零 答案　BD 解析　若小球做平抛运动，水平方向的分速度不变，故A项错误；若小球的机械能守恒，小球从某一高度水平抛出，落地时速度大于v0，故B项正确；小球刚抛出时，速度方向水平，重力对小球做功的功率为零；小球落地时，速度大小为v0，方向竖直向下，重力对小球做功的功率P＝mgv0，故C项错误；据动能定理可得，该运动过程中小球所受合外力的总功W总＝mv02－mv02＝0，故D项正确． 20.(2023·山东泰安市3月第一轮模拟)如图3，在正点电荷Q的电场中，A、B、C为直角三角形的三个顶点，D为AC的中点，∠A＝30°，A、B、C、D四点处的电势满足φA＝φC，φB＝φD，点电荷Q在A、B、C三点所在平面内，则(　　) 图3 A．点电荷Q在AB的连线上 B．点电荷Q在BD连线的中点处 C．φD>φC D．将负试探电荷从C点移动到B点，电场力做负功 答案　AC 解析　因φA＝φC，则点电荷Q在AC连线的垂直平分线上；又φB＝φD，由几何关系可知点电荷Q又在BD连线的垂直平分线上，则点电荷Q在AB的连线上，如图，选项A正确，B错误；D点距离点电荷的距离较C点近，可知φD>φC，选项C正确；将负试探电荷从C点移动到B点，电场力做正功，选项D错误． 21.(2023·江西师范大学附中三模)如图4所示，abcd为一边长为l的正方形导线框，导线框位于光滑水平面内，其右侧为一匀强磁场区域，磁场的边界与线框的cd边平行，磁场区域的宽度为2l，磁感应强度为B，方向竖直向下．线框在一垂直于cd边的水平恒定拉力F作用下沿水平方向向右运动，直至通过磁场区域．cd边刚进入磁场时，线框开始匀速运动，规定线框中电流沿逆时针方向为正，则导线框从刚进入磁场到完全离开磁场的过程中，a、b两端的电压Uab及导线框中的电流i随cd边的位移x变化的图线可能是(　　) 图4 答案　BD 解析　线框的cd边刚进入磁场时做匀速运动，则整个线框进入磁场时速度不变，根据楞次定律知产生逆时针方向的电流，为正方向，电动势大小E＝Blv，此时ab两端的电压为Uab＝Blv，当线框全部进入磁场时，线框内无感应电流，此时线框做匀加速运动，ab两端的电压为Uab＝Bl(v＋at)，线框cd边刚出磁场后的瞬间，ab两端的电压为cd边即将出磁场前瞬间ab两端电压的，且逐渐减小，对比图象可知，A错误，B正确；当线圈的cd边出磁场后瞬间，电流为顺时针方向，由于此时安培力大于外力F，故此时线框做减速运动，且加速度逐渐减小，电流－位移图象切线的斜率减小，逐渐趋近于开始进入磁场时的电流大小，C错误，D正确． 22．(5分)(2023·陕西宝鸡市质检二)某同学设计了测定动摩擦因数的方案，其装置如图5所示，A是可在水平桌面任意位置固定的滑槽，其末端与水平桌面相切，B是体积较小的质量为m的滑块．请你根据相关知识完善以下实验操作：(重力加速度为g，不计空气阻力) 图5 (1)如图甲所示，将滑槽末端与桌面右边缘M对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P点，测出滑槽最高点距离桌面的高度h、M距离水平地面的高度H、M与P间的水平距离x1，则滑块经过滑槽末端时的速度为________(用实验中所测物理量的符号表示)． (2)如图乙所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块B再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P′点，测出滑槽末端与桌面右边缘M的距离L、M与P′间的水平距离x2，则滑块离开桌面右边缘M时的速度为____________(用实验中所测物理量的符号表示)． (3)由第(1)、(2)步的测量，可以写出滑块与桌面之间的动摩擦因数的表达式为μ＝________(用实验中所测量物理量的符号表示)． 答案　(1)x1　(2)x2　(3) 解析　(1)设滑块在滑槽末端时的速度大小为v1， 水平方向有x1＝v1t，竖直方向有H＝gt2， 联立解得：v1＝x1. (2)同理，第二次实验经过桌面右边缘M点的速度大小为： v2＝x2. (3)滑块在水平桌面上运动， 由动能定理得：－μmgL＝mv22－mv12， 解得：μ＝. 23．(10分)(2023·河南郑州市第三次质量检测)二极管为非线性元件，其主要特性是单向导电性．正向电压较小时，电流很小，二极管呈现较大的电阻特性；当电压超过一定数值(称为开启电压)时，电流迅速增加，呈现较小的电阻特性．加反向电压(不超过击穿电压)时呈现很大的电阻特性，反向电压增加时，反向电流几乎不变．物理小组欲研究测量二极管正向伏安特性，设计了甲、乙、丙三种电路，如图6所示．小组最终选择了丙图．操作步骤如下： 图6 a．根据电路图丙连接电路； b．闭合开关S1，调节各可变电阻，使得开关S2由断开到闭合时，灵敏电流表G指针无偏转，并记录此时电压表V的示数U和电流表A的示数I； c．调节可变电阻，重复步骤b，读出多组不同的U值和I值，记录数据如表格所示： 电压U/V 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.55 0.60 0.65 0.70 0.75 0.80 电流I/mA 0 0 0 0 0 1.0 4.0 13.0 27.0 53.0 90.0 d.在坐标纸上描绘出二极管正向伏安特性曲线． 根据以上内容，请回答以下问题： (1)从设计原理上讲，对于甲图和乙图的误差分析，下列说法正确的是________． A．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用 B．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用 C．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用 D．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用 (2)在图7坐标系中根据表格中数据描绘出二极