四川省成都市2023届高三物理三模考试试题含解析.doc

四川省成都市2023学年届高三物理三模考试试题（含解析） 二、选择题： 1.如图，倾角为α的固定斜面上，一光滑物块在一与斜面也成α角的拉力F作用下保持静止状态。若仅将F的方向变为水平向右，则 A. 物块对斜面的压力不变 B. 物块对斜面的压力变大 C. 物块将沿斜面向上做匀加速直线运动 D. 物块将沿斜面向下做匀加速直线运动 【答案】B 【解析】 【详解】AB、对物块受力分析由平衡条件得：斜面对物块的支持力，将F的方向变为水平向右，斜面对物块的支持力，支持力变大，由牛顿第三定律知物块对斜面的压力变大，故A错误，B正确； CD、处于静止状态时沿斜面方向有：，将F的方向变为水平向右，沿斜面向上的力为，沿斜面向下的力为，仍然保持平衡，不会做匀加速直线运动，故CD错误。 2.2023学年年初，《流浪地球》的热映激起了人们对天体运动的广泛关注。木星的质量是地球的317. 89倍，已知木星的一颗卫星甲的轨道半径和地球的卫星乙的轨道半径相同，且它们均做匀速圆周运动，则下列说法正确的是 A. 卫星甲的周期可能大于卫星乙的周期 B. 卫星甲的线速度可能小于卫星乙的线速度 C. 卫星甲的向心加速度一定大于卫星乙的向心加速度 D. 卫星甲所受的万有引力一定大于卫星乙所受的万有引力 【答案】C 【解析】 【详解】根据万有引力提供卫星圆周运动向心力有：； A、周期，两颗卫星的轨道半径相同，但木星的质量大，故其周期小，即甲卫星的周期小于乙卫星的周期，故A错误； B、线速度，两颗卫星的轨道半径相同，但木星的质量大，故线速度大，即甲卫星的线速度大于乙卫星的线速度，故B错误； C、向心加速度，两颗卫星的轨道半径相同，但木星的质量大，故其向心加速度大，即甲卫星的向心加速度大于乙卫星的向心加速度，故C正确； D、木星的质量大，但不知道两颗卫星的质量大小关系，故无法求得它们间万有引力的大小，无法比较，故D错误。 3.下图为氢原子的能级图。现有两束光，a光由图中跃迁①发出的光子组成，b光由图中跃迁②发出的光子组成，已知a光照射x金属时刚好能发生光电效应，则下列说法正确的是 A. x金属的逸出功为2.86 eV B. a光的频率大于b光的频率 C. 氢原子发生跃迁①后，原子的能量将减小3.4 eV D. 用b光照射x金属，打出的光电子的最大初动能为10.2 eV 【答案】A 【解析】 【详解】A、a光子的能量值：，a光照射x金属时刚好能发生光电效应，则金属的逸出功为2.86eV，故A正确； B、b光子的能量：，a的能量值小，则a的频率小，故B错误； C、氢原子辐射出a光子后，氢原子的能量减小了，故C错误； D、用b光光子照射x金属，打出的光电子的最大初动能为：，故D错误。 4.目前，我国在人工智能和无人驾驶技术方面已取得较大突破。为早日实现无人驾驶，某公司对汽车性能进行了一项测试，让质量为m的汽车沿一山坡直线行驶。测试中发现，下坡时若关掉油门，则汽车的速度保持不变；若以恒定的功率P上坡，则从静止启动做加速运动，发生位移s时速度刚好达到最大值vm。设汽车在上坡和下坡过程中所受阻力的大小分别保持不变，下列说法正确的是 A. 关掉油门后的下坡过程，汽车的机械能守恒 B. 关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力的冲量为零 C. 上坡过程中，汽车速度由增至，所用的时间可能等于 D. 上坡过程中，汽车从静止启动到刚好达到最大速度vm，所用时间一定小于 【答案】D 【解析】 【详解】A、关掉油门后的下坡过程，汽车的速度不变、动能不变，重力势能减小，则汽车的机械能减小，故A错误； B、关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力大小不为零，时间不为零，则冲量不为零，故B错误； C、上坡过程中，汽车速度由增至，所用的时间为t，根据动能定理可得：，解得，故C错误； D、上坡过程中，汽车从静止启动到刚好达到最大速度，功率不变，则速度增大、加速度减小，所用时间为，则，解得，故D正确。 5.一不计电阻的矩形导线框，在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的正弦交流电如图甲所示。把该交流电接在图乙中理想变压器的a、b两端，Rt为热敏电阻（温度升高时，其电阻减小），R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。下列说法正确的是 A. 在t=l.5×10-2 s时刻，线框平面与磁场方向垂直 B. 该交流电电压的瞬时值表达式为 C. Rt处温度升高时，Vl表示数与V2表示数的比值增大 D. Rt处温度升高时，V2表示数与A表示数的比值不变 【答案】BC 【解析】 【详解】A、在t＝l.5×10﹣2s时刻，交变电压最大，穿过线圈的磁通量的变化率最大，穿过该线圈的磁通量为零，线框平面与磁场方向平行，故A错误； B、由图知，最大电压，周期0.02s，角速度是，则该交流电电压的瞬时值表达式为，故B正确； C、Rt处温度升高时，原副线圈电压比不变，故副线圈两端电压不变，设副线圈两端电压为，Rt温度升高时，阻值减小，则副线圈所在电路的电流，电流变大，根据闭合电流欧姆定律：，故V2示数减小，则电压表V1、V2示数的比值增大，故C正确； D、Rt处温度升高时，阻值减小，V2表示数与A表示数的比值等于电阻Rt，故减小，故D错误； 6.如图，橡皮条一端固定在O'点，另一端系着中心有孔的小球，小球穿在固定的水平杆上，杆上O点在O'点正下方，橡皮条的自由长度等于OO'。将小球拉至A点后无初速释放，小球开始运动，由于球与杆之间有摩擦，球向右运动的最远处为杆上B点。在小球从A向B运动的过程中 A. 在O点，小球的加速度为零 B. 在A、O之间的某点，小球的动量最大 C. 在O、B之间的某点，小球的动量最大 D. 小球和橡皮条系统的机械能逐渐减小 【答案】BD 【解析】 【详解】A、小球在O点，水平方向受水平向左的摩擦力，加速度向左，故A错误； BC、小球从A 开始做加速度减小的加速运动，当橡皮条的弹力的水平分力等于摩擦力时，加速度为0，速度最大，此时小球应该位于AO之间，故在A、O之间的某点，小球的动量最大，故B正确，C错误； D、小球和橡皮条组成的系统，由于需要客服摩擦力做功，故系统的机械能逐渐减小，故D正确； 7.如图，abcd是边长L=0.1 m、质量m=0.01kg的正方形导线框，框面竖直，线框每条边的电阻均为0. 01 Ω，线框下方有一足够宽的匀强磁场区域，磁场的磁感应强度B=0.4 T，方向与线框平面垂直。让线框从距磁场上边界h=5 m处自由下落(ab平行于上边界)，不计空气阻力，g=10 m/s2。下列说法正确的是 A. cd边刚进入磁场时，通过cd边的电流方向从d到c B. cd边刚进入磁场时，cd两端的电势差为0.1V C. 线框进入磁场的过程中，通过cd边的电荷量为0.1C D. 线框进入磁场的过程中，cd边产生的热量为0.01J 【答案】AC 【解析】 【详解】A、根据右手定则判断知，cd边刚进入磁场时，通过cd边的电流方向从d到c，故A正确。 B、cd边刚进入磁场时的速度为，cd边产生的感应电动势 ，则cd两端的电势差为，故B错误； C、线框进入磁场的过程中，通过cd边的电荷量为，故C正确。 D、cd边刚进入磁场时，通过cd边的电流大小，cd边受到的安培力大小，所以线框进入磁场后做减速运动，线框进入磁场的过程中，cd边产生的热量等于动能减少量与重力势能之和，所以产生的热量，故D错误。 8.如图，竖直平面内有a、b、c三个点，b点在a点正下方，b、c连线水平。现准备将一质量为m、电荷量为q的带正电小球从a点以初动能Ek0抛出。第一次，不加电场，沿水平方向抛出小球，经过c点时，小球动能为5Ek0；第二次，加一方向平行于abc所在平面、场强大小为的匀强电场，沿某一方向抛出小球，小球经过c点时的动能为13Ek0。不计空气阻力，重力加速度大小为g。下列说法正确的是 A. 所加电场的方向水平向左 B. a、b两点之间的距离为 C. b、c两点之间的距离为 D. a、c间的电势差 【答案】CD 【解析】 【详解】B、不加电场时，只有重力做功，根据动能定理得：，解得：，故B错误； C、不加电场时小球做平抛运动，竖直方向：，水平方向：，又，联立解得：，故C正确； D、加电场时，根据动能定理得：，解得：，故D正确； A、根据得，ac沿电场方向距离为：，又沿着电场方向电势逐渐降低可知，电场方向水平向右，故A错误； 三、非选择题： 9.用曝光时间为△t的相机在真空实验室拍摄的羽毛与苹果同时开始下落一段时间后的一张局部频闪照片如图所示。 (1)这个实验表明：如果我们可以减小____对物体下落运动的影响，直至其可以忽略，那么轻重不同的物体下落的快慢程度将会相同。 (2)（单选）关于图中的x1、x2、x3，关系正确的是___（填选项字母）。 A.x1:x2:x3=1:4:9 B.xl:x2:x3=1:3:5 C.2x2=x3 +x1 (3)（单选）利用图片提供的信息可以求出当地的重力加速度值g。下列计算式中，正确的是g=____。（填选项字母） A． B． C． D． 【答案】 (1). 空气阻力 (2). C (3). C 【解析】 【详解】（1）在实验中，如果没有空气阻力，物体下落快慢相同，故减小阻力度物体的影响，轻重不同的物体下落的快慢相同； （2）AB、由于这是局部照片，A点并不一定是起点，故不能根据初速度为零的匀变速直线运动的位移规律求解，故AB错误； C、根据可知：，故C正确； （3）由可得：，故ABD错误，C正确。 10.(1)某同学用多用电表欧姆挡粗测一电阻Rx的阻值。选择“×1”挡时，指针指示如图甲所示，则示数为____Ω。（取一位有效数字） (2)为精确的测量Rx的阻值，现取来两节干电池（总电动势为3V，总内阻为0.4 Ω）、开关和若干导线及下列器材： A．电压表(0～3 V，内阻约10kΩ) B．电流表(0～0.6 A，内阻很小，可不计) C．电流表(0～3 A，内阻很小，可不计) D．滑动变阻器(0～5 Ω，额定电流为0.5 A) E．滑动变阻器(0～10 Ω，额定电流为1 A) (i)电流表应选____；（填序号字母） (ii)要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器应选____；（填序号字母） (iii)实验中该同学的实物连线如图乙所示，其中有一处不妥，不妥处为____ 。（填①至⑧的序号） (3)该同学将(2)中的错误纠正并测出Rx的阻值后，又进行了以下实验：将导线③连接在电池负极的一端改为连接在开关的右端，闭合开关，当滑片P移到某位置c（图乙中未标出）时，读出电压表示数为2.2V，电流表示数为0.4 A，则变阻器的ca与cb段的电阻之比Rca：Rcb=____。 【答案】 (1). 6 (2). B (3). E (4). ⑦ (5). 4：1或1：4 【解析】 【详解】（1）由表盘读出指针示数为6，又档位选择“×1”挡，故电阻的大小为Rx＝6×1＝6Ω； （2）（i）利用欧姆定律，测量电路最大电流约为，故电流表应选B； （ii）要求滑动变阻器分压连接，滑动变阻器电流要超过05A，故滑动变阻器应选E （iii）因为电流表内阻可以不计，故测量电路电流表应选择内接法，故⑦处连接不妥； （3）设滑动变阻器连入电路电阻为R，则由闭合电路欧姆定律，得：，滑动变阻器两部分并联连入电路，由并联电路电阻关系，有：，联立代入数据解得：，或，，故或。 11.如图，竖直墙面粗糙，其上有质量分别为mA =1 kg、mB =0.5 kg的两个小滑块A和B，A在B的正上方，A、B相距h=2. 25 m，A始终受一大小F1=l0 N、方