2023学年重庆实验外国语学校高高考考前提分数学仿真卷（含解析）.doc

2023学年高考数学模拟测试卷 注意事项 1．考生要认真填写考场号和座位序号。 2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。 3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．要排出高三某班一天中，语文、数学、英语各节，自习课节的功课表，其中上午节，下午节，若要求节语文课必须相邻且节数学课也必须相邻（注意：上午第五节和下午第一节不算相邻），则不同的排法种数是（ ） A． B． C． D． 2．记集合和集合表示的平面区域分别是和,若在区域内任取一点,则该点落在区域的概率为( ) A． B． C． D． 3．已知满足，则（ ） A． B． C． D． 4．一艘海轮从A处出发，以每小时24海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行，30分钟后到达B处，在C处有一座灯塔，海轮在A处观察灯塔，其方向是南偏东70°，在B处观察灯塔，其方向是北偏东65°，那么B，C两点间的距离是（ ） A．6 海里 B．6海里 C．8海里 D．8海里 5．设函数在上可导，其导函数为，若函数在处取得极大值，则函数的图象可能是（ ） A． B． C． D． 6．的展开式中，满足的的系数之和为（ ） A． B． C． D． 7．设，命题“存在，使方程有实根”的否定是( ) A．任意，使方程无实根 B．任意，使方程有实根 C．存在，使方程无实根 D．存在，使方程有实根 8．已知抛物线上的点到其焦点的距离比点到轴的距离大，则抛物线的标准方程为（ ） A． B． C． D． 9．已知角的顶点为坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，终边上有一点，则（ ）． A． B． C． D． 10．已知命题：任意，都有；命题：，则有．则下列命题为真命题的是（　　　　） A． B． C． D． 11．已知双曲线)，其右焦点F的坐标为，点是第一象限内双曲线渐近线上的一点，为坐标原点，满足，线段交双曲线于点.若为的中点，则双曲线的离心率为（ ） A． B．2 C． D． 12．执行如图所示的程序框图，若输出的结果为11，则图中的判断条件可以为（ ） A． B． C． D． 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．在直角坐标系中，已知点和点，若点在的平分线上，且，则向量的坐标为___________. 14．已知向量满足，，则______________. 15．在矩形ABCD中，，，点E，F分别为BC，CD边上动点，且满足，则的最大值为________. 16．设函数，，其中．若存在唯一的整数使得，则实数的取值范围是_____． 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17．（12分）已知矩阵，. 求矩阵； 求矩阵的特征值. 18．（12分）在平面直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数），以原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为. （Ⅰ）设直线与曲线交于，两点，求； （Ⅱ）若点为曲线上任意一点，求的取值范围. 19．（12分）已知函数，. （1）当时，求函数的值域； （2），，求实数的取值范围. 20．（12分）已知如图1，在Rt△ABC中，∠ACB=30°，∠ABC=90°，D为AC中点，AEBD于E，延长AE交BC于F，将△ABD沿BD折起，使平面ABD平面BCD，如图2所示。 （Ⅰ）求证：AE平面BCD； （Ⅱ）求二面角A-DC-B的余弦值； （Ⅲ）求三棱锥B-AEF与四棱锥A-FEDC的体积的比（只需写出结果，不要求过程）． 21．（12分）设函数． （1）求不等式的解集； （2）若的最小值为，且，求的最小值． 22．（10分）已知三棱锥中侧面与底面都是边长为2的等边三角形，且面面，分别为线段的中点.为线段上的点，且. （1）证明：为线段的中点； （2）求二面角的余弦值. 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【答案解析】 根据题意，分两种情况进行讨论：①语文和数学都安排在上午；②语文和数学一个安排在上午，一个安排在下午.分别求出每一种情况的安排方法数目，由分类加法计数原理可得答案． 【题目详解】 根据题意，分两种情况进行讨论： ①语文和数学都安排在上午，要求节语文课必须相邻且节数学课也必须相邻，将节语文课和节数学课分别捆绑，然后在剩余节课中选节到上午，由于节英语课不加以区分，此时，排法种数为种； ②语文和数学都一个安排在上午，一个安排在下午. 语文和数学一个安排在上午，一个安排在下午，但节语文课不加以区分，节数学课不加以区分，节英语课也不加以区分，此时，排法种数为种. 综上所述，共有种不同的排法. 故选：C． 【答案点睛】 本题考查排列、组合的应用，涉及分类计数原理的应用，属于中等题． 2、C 【答案解析】 据题意可知，是与面积有关的几何概率，要求落在区域内的概率，只要求、所表示区域的面积，然后代入概率公式，计算即可得答案． 【题目详解】 根据题意可得集合所表示的区域即为如图所表示： 的圆及内部的平面区域，面积为， 集合，，表示的平面区域即为图中的，， 根据几何概率的计算公式可得， 故选：C． 【答案点睛】 本题主要考查了几何概率的计算，本题是与面积有关的几何概率模型．解决本题的关键是要准确求出两区域的面积． 3、A 【答案解析】 利用两角和与差的余弦公式展开计算可得结果. 【题目详解】 ，. 故选：A. 【答案点睛】 本题考查三角求值，涉及两角和与差的余弦公式的应用，考查计算能力，属于基础题. 4、A 【答案解析】 先根据给的条件求出三角形ABC的三个内角，再结合AB可求，应用正弦定理即可求解. 【题目详解】 由题意可知：∠BAC＝70°﹣40°＝30°.∠ACD＝110°，∴∠ACB＝110°﹣65°＝45°， ∴∠ABC＝180°﹣30°﹣45°＝105°.又AB＝24×0.5＝12. 在△ABC中，由正弦定理得， 即，∴. 故选：A. 【答案点睛】 本题考查正弦定理的实际应用，关键是将给的角度、线段长度转化为三角形的边角关系，利用正余弦定理求解.属于中档题. 5、B 【答案解析】 由题意首先确定导函数的符号，然后结合题意确定函数在区间和处函数的特征即可确定函数图像. 【题目详解】 函数在上可导，其导函数为，且函数在处取得极大值， 当时，；当时，；当时，. 时，，时，， 当或时，；当时，. 故选： 【答案点睛】 根据函数取得极大值，判断导函数在极值点附近左侧为正，右侧为负，由正负情况讨论图像可能成立的选项，是判断图像问题常见方法，有一定难度. 6、B 【答案解析】 ，有，，三种情形，用中的系数乘以中的系数，然后相加可得． 【题目详解】 当时，的展开式中的系数为 ．当，时，系数为；当，时，系数为；当，时，系数为；故满足的的系数之和为． 故选：B． 【答案点睛】 本题考查二项式定理，掌握二项式定理和多项式乘法是解题关键． 7、A 【答案解析】 只需将“存在”改成“任意”，有实根改成无实根即可. 【题目详解】 由特称命题的否定是全称命题，知“存在，使方程有实根”的否定是 “任意，使方程无实根”. 故选：A 【答案点睛】 本题考查含有一个量词的命题的否定，此类问题要注意在两个方面作出变化：1.量词，2.结论，是一道基础题. 8、B 【答案解析】 由抛物线的定义转化，列出方程求出p，即可得到抛物线方程． 【题目详解】 由抛物线y2＝2px（p＞0）上的点M到其焦点F的距离比点M到y轴的距离大，根据抛物线的定义可得，，所以抛物线的标准方程为：y2＝2x． 故选B． 【答案点睛】 本题考查了抛物线的简单性质的应用，抛物线方程的求法，属于基础题． 9、B 【答案解析】 根据角终边上的点坐标，求得，代入二倍角公式即可求得的值. 【题目详解】 因为终边上有一点，所以， 故选：B 【答案点睛】 此题考查二倍角公式，熟练记忆公式即可解决，属于简单题目. 10、B 【答案解析】 先分别判断命题真假，再由复合命题的真假性，即可得出结论. 【题目详解】 为真命题；命题是假命题，比如当, 或时，则 不成立. 则，，均为假. 故选:B 【答案点睛】 本题考查复合命题的真假性，判断简单命题的真假是解题的关键，属于基础题. 11、C 【答案解析】 计算得到，，代入双曲线化简得到答案. 【题目详解】 双曲线的一条渐近线方程为，是第一象限内双曲线渐近线上的一点，， 故，，故，代入双曲线化简得到：，故. 故选：. 【答案点睛】 本题考查了双曲线离心率，意在考查学生的计算能力和综合应用能力. 12、B 【答案解析】 根据程序框图知当时，循环终止，此时，即可得答案. 【题目详解】 ，.运行第一次，，不成立，运行第二次， ，不成立，运行第三次， ，不成立，运行第四次， ，不成立，运行第五次， ，成立， 输出i的值为11，结束. 故选：B. 【答案点睛】 本题考查补充程序框图判断框的条件，考查函数与方程思想、转化与化归思想，考查逻辑推理能力和运算求解能力，求解时注意模拟程序一步一步执行的求解策略. 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13、 【答案解析】 点在的平分线可知与向量共线，利用线性运算求解即可. 【题目详解】 因为点在的平线上， 所以存在使， 而， 可解得， 所以， 故答案为： 【答案点睛】 本题主要考查了向量的线性运算，利用向量的坐标求向量的模，属于中档题. 14、1 【答案解析】 首先根据向量的数量积的运算律求出，再根据计算可得； 【题目详解】 解：因为， 所以 又 所以 所以 故答案为： 【答案点睛】 本题考查平面向量的数量积的运算，属于基础题. 15、 【答案解析】 利用平面直角坐标系，设出点E，F的坐标，由可得，利用数量积运算求得，再利用线性规划的知识求出的最大值. 【题目详解】 建立平面直角坐标系，如图（1）所示： 设， ， ， 即， 又， 令，其中， 画出图形，如图（2）所示： 当直线经过点时，取得最大值. 故答案为： 【答案点睛】 本题考查了向量数量积的坐标运算、简单的线性规划问题，解题的关键是建立恰当的坐标系，属于基础题. 16、 【答案解析】 根据分段函数的解析式画出图像,再根据存在唯一的整数使得数形结合列出临界条件满足的关系式求解即可. 【题目详解】 解：函数,且 画出的图象如下： 因为,且存在唯一的整数使得, 故与在时无交点, ,得； 又,过定点 又由图像可知,若存在唯一的整数使得时,所以 , 存在唯一的整数使得 所以 .根据图像可知,当时, 恒成立. 综上所述, 存在唯一的整数使得,此时 故答案为： 【答案点睛】 本题主要考查了数形结合分析参数范围的问题,需要根据题意分别分析定点右边的整数点中为满足条件的唯一整数,再数形结合列出时的不等式求的范围.属于难题. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、；，. 【答案解析】 由题意，可得，利用矩阵的知识求解即可. 矩阵的特征多项式为，令，求出矩阵的特征值. 【题目详解】 设矩阵，则， 所以，解得，，，， 所以矩阵； 矩阵的特征