2023年黑龙江省绥化市中考数学试卷.doc

2023年黑龙江省绥化市中考数学试卷 一、单项选择题（本题共12个小题，每小题3分，共36分） 1．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（　　） A． B． C． D． 2．（3分）计算|﹣5|+20的结果是（　　） A．﹣3 B．7 C．﹣4 D．6 3．（3分）如图是一个正方体，被切去一角，则其左视图是（　　） A． B． C． D． 4．（3分）纳米是非常小的长度单位，1nm＝0.000000001m，把0.000000001用科学记数法表示为（　　） A．1×10﹣9 B．1×10﹣8 C．1×108 D．1×109 5．（3分）下列计算中，结果正确的是（　　） A．（﹣pq）3＝p3q3 B．x•x3+x2•x2＝x8 C．＝±5 D．（a2）3＝a6 6．（3分）将一副三角板按如图所示摆放在一组平行线内，∠1＝25°，∠2＝30°，则∠3的度数为（　　） A．55° B．65° C．70° D．75° 7．（3分）下列命题中叙述正确的是（　　） A．若方差s甲2＞s乙2，则甲组数据的波动较小 B．直线外一点到这条直线的垂线段，叫做点到直线的距离 C．三角形三条中线的交点叫做三角形的内心 D．角的内部到角的两边的距离相等的点在角的平分线上 8．（3分）绥化市举办了2023年半程马拉松比赛，赛后随机抽取了部分参赛者的成绩（单位：分钟），并制作了如下的参赛者成绩组别表、扇形统计图和频数分布直方图．则下列说法正确的是（　　） 组别 参赛者成绩 A 70≤x＜80 B 80≤x＜90 C 90≤x＜100 D 100≤x＜110 E 110≤x＜120 A．该组数据的样本容量是50人 B．该组数据的中位数落在90～100这一组 C．90～100这组数据的组中值是96 D．110～120这组数据对应的扇形统计图的圆心角度数为51° 9．（3分）在平面直角坐标系中，点A在y轴的正半轴上，AC平行于x轴，点B，C的横坐标都是3，BC＝2，点D在AC上，且其横坐标为1，若反比例函数y＝（x＞0）的图象经过点B，D，则k的值是（　　） A．1 B．2 C．3 D． 10．（3分）某运输公司，运送一批货物，甲车每天运送货物总量的．在甲车运送1天货物后，公司增派乙车运送货物，两车又共同运送货物天，运完全部货物．求乙车单独运送这批货物需多少天？设乙车单独运送这批货物需x天，由题意列方程，正确的是（　　） A．+＝1 B．+（+）＝1 C．（1+）+＝1 D．+（+）＝1 11．（3分）如图，在菱形ABCD中，∠A＝60°，AB＝4，动点M，N同时从A点出发，点M以每秒2个单位长度沿折线A﹣B﹣C向终点C运动；点N以每秒1个单位长度沿线段AD向终点D运动，当其中一点运动至终点时，另一点随之停止运动．设运动时间为x秒，△AMN的面积为y个平方单位，则下列正确表示y与x函数关系的图象是（　　） A． B． C． D． 12．（3分）如图，在正方形ABCD中，点E为边CD的中点，连接AE，过点B作BF⊥AE于点F，连接BD交AE于点G，FH平分∠BFG交BD于点H．则下列结论中，正确的个数为（　　） ①AB2＝BF•AE ②S△BGF：S△BAF＝2：3 ③当AB＝a时，BD2﹣BD•HD＝a2 A．0个 B．1个 C．2个 D．3个 二、填空题（本题共10个小题，每小题3分，共30分） 13．（3分）因式分解：x2+xy﹣xz﹣yz＝　 　． 14．（3分）若式子有意义，则x的取值范围是 　 　． 15．（3分）在4张完全相同的卡片上，分别标出1，2，3，4．从中随机抽取1张后，放回再混合在一起．再随机抽取一张，那么第二次抽取卡片上的数字能够整除第一次抽取卡片上的数字的概率是 　 　． 16．（3分）已知一元二次方程x2+x＝5x+6的两根为x1与x2，则+的值为 　 　． 17．（3分）化简：（﹣）÷＝　 　． 18．（3分）如图，⊙O的半径为2cm，AB为⊙O的弦，点C为上的一点，将沿弦AB翻折，使点C与圆心O重合，则阴影部分的面积为 　 　.（结果保留π与根号） 19．（3分）如图，在平面直角坐标系中，△ABC与△AB′C′的相似比为1：2，点A是位似中心，已知点A（2，0），点C（a，b），∠C＝90°．则点C′的坐标为 　 　.（结果用含a，b的式子表示） 20．（3分）如图，△ABC是边长为6的等边三角形，点E为高BD上的动点．连接CE，将CE绕点C顺时针旋转60°得到CF．连接AF，EF，DF，则△CDF周长的最小值是 　 　． 21．（3分）在求1+2+3+…+100的值时，发现：1+100＝101，2+99＝101…，从而得到1+2+3+…+100＝101×50＝5050．按此方法可解决下面问题．图（1）有1个三角形，记作a1＝1；分别连接这个三角形三边中点得到图（2），有5个三角形，记作a2＝5；再分别连接图（2）中间的小三角形三边中点得到图（3），有9个三角形，记作a3＝9；按此方法继续下去，则a1+a2+a3+…+an＝　 　.（结果用含n的代数式表示） 22．（3分）已知等腰△ABC，∠A＝120°，AB＝2．现将△ABC以点B为旋转中心旋转45°，得到△A′BC′，延长C′A′交直线BC于点D．则A′D的长度为 　 　． 三、解答题（本题共6个小题，共54分） 23．（7分）已知：点P是⊙O外一点． （1）尺规作图：如图，过点P作出⊙O的两条切线PE，PF，切点分别为点E、点F．（保留作图痕迹，不要求写作法和证明） （2）在（1）的条件下，若点D在⊙O上（点D不与E，F两点重合），且∠EPF＝30°，求∠EDF的度数． 24．（8分）如图，直线MN和EF为河的两岸，且MN∥EF，为了测量河两岸之间的距离，某同学在河岸FE的B点测得∠CBE＝30°，从B点沿河岸FE的方向走40米到达D点，测得∠CDE＝45°． （1）求河两岸之间的距离是多少米？（结果保留根号） （2）若从D点继续沿DE的方向走（12+12）米到达P点．求tan∠CPE的值． 25．（9分）某校组织师生参加夏令营活动，现准备租用A、B两型客车（每种型号的客车至少租用一辆）．A型车每辆租金500元，B型车每辆租金600元．若5辆A型和2辆B型车坐满后共载客310人；3辆A型和4辆B型车坐满后共载客340人． （1）每辆A型车、B型车坐满后各载客多少人？ （2）若该校计划租用A型和B型两种客车共10辆，总租金不高于5500元，并将全校420人载至目的地．该校有几种租车方案？哪种租车方案最省钱？ （3）在这次活动中，学校除租用A、B两型客车外，又派出甲、乙两辆器材运输车．已知从学校到夏令营目的地的路程为300千米，甲车从学校出发0.5小时后，乙车才从学校出发，却比甲车早0.5小时到达目的地．如图是两车离开学校的路程s（千米）与甲车行驶的时间t（小时）之间的函数图象．根据图象信息，求甲乙两车第一次相遇后，t为何值时两车相距25千米． 26．（9分）已知：四边形ABCD为矩形，AB＝4，AD＝3，点F是BC延长线上的一个动点（点F不与点C重合）．连接AF交CD于点G． （1）如图一，当点G为CD的中点时，求证：△ADG≌△FCG； （2）如图二，过点C作CE⊥AF，垂足为E．连接BE，设BF＝x，CE＝y．求y关于x的函数关系式； （3）如图三，在（2）的条件下，过点B作BM⊥BE，交FA的延长线于点M．当CF＝1时，求线段BM的长． 27．（10分）如图，MN为⊙O的直径，且MN＝15，MC与ND为圆内的一组平行弦，弦AB交MC于点H．点A在上，点B在上，∠OND+∠AHM＝90°． （1）求证：MH•CH＝AH•BH； （2）求证：＝； （3）在⊙O中，沿弦ND所在的直线作劣弧的轴对称图形，使其交直径MN于点G．若sin∠CMN＝，求NG的长． 28．（11分）如图，抛物线y1＝ax2+bx+c的图象经过A（﹣6，0），B（﹣2，0），C（0，6）三点，且一次函数y＝kx+6的图象经过点B． （1）求抛物线和一次函数的解析式； （2）点E，F为平面内两点，若以E、F、B、C为顶点的四边形是正方形，且点E在点F的左侧．这样的E，F两点是否存在？如果存在，请直接写出所有满足条件的点E的坐标；如果不存在，请说明理由； （3）将抛物线y1＝ax2+bx+c的图象向右平移8个单位长度得到抛物线y2，此抛物线的图象与x轴交于M，N两点（M点在N点左侧）．点P是抛物线y2上的一个动点且在直线NC下方．已知点P的横坐标为m．过点P作PD⊥NC于点D，求m为何值时，CD+PD有最大值，最大值是多少？ 2023年黑龙江省绥化市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题（本题共12个小题，每小题3分，共36分） 1．【解答】解：A、是轴对称图形，但不是中心对称图形，故A不符合题意； B、是轴对称图形，但不是中心对称图形，故B不符合题意； C、既是中心对称图形，又是轴对称图形，故C符合题意； D、是中心对称图形，但不是轴对称图形，故D不符合题意； 故选：C． 2．【解答】解：|﹣5|+20＝5+1＝6． 故答案为：D． 3．【解答】解：该几何体的左视图是： 故选：B． 4．【解答】解：0.000000001＝1×10﹣9 故选：A． 5．【解答】解：A：（﹣pq）3＝（﹣p）3q3＝﹣p3q3，故选项A错误， B：x•x3+x2•x2＝x4+x4＝2x4，故选项B错误， C：＝5，故选项C错误， D：（a2）3＝a2×3＝a6． 故答案为：D． 6．【解答】解：如图， 由题意可得：∠CAE＝90°，∠ACF＝45°， ∵∠1＝25°， ∴∠BAC＝∠1+∠CAE＝115°， ∵AB∥CD， ∴∠BAC+∠ACD＝180°， ∴∠ACD＝180°﹣∠BAC＝65°， ∴∠3＝180°﹣∠ACD﹣∠ACF＝70°． 故选：C． 7．【解答】解：A．若方差s甲2＞s乙2，则乙组数据的波动较小，故此选项不合题意； B．直线外一点到这条直线的垂线段长度，叫做点到直线的距离，故此选项不合题意； C．三角形三条中线的交点叫做三角形的重心，故此选项不合题意； D．角的内部到角的两边的距离相等的点在角的平分线上，故此选项符合题意． 故选：D． 8．【解答】解：A．该组数据的样本容量是：12÷24%＝50，样本容量没有单位，原说法错误，故本选项不符合题意； B．80～90这一组数据有：50﹣4﹣7﹣12×2＝15（人），所以该组数据的中位数落在90～100这一组，原说法正确，故本选项符合题意； C．90～100这组数据的组中值是95，原说法错误，故本选项不符合题意； D．110～120这组数据对应的扇形统计图的圆心角度数为：360°×＝50.4°，原说法错误，故本选项不符合题意． 故选：B． 9．【解答】解：∵点A在y轴正半轴上，AC∥x轴，点B，C的横坐标都是3，且BC＝2，点D在AC上，且横坐标为1， ∴设B（3，a），则D（1，a+2）， ∵反比例函数y＝（x＞0）的图象经过点B，D， ∴3a＝a+2，解得a＝1， ∴B（3，1）， ∴k＝3×1＝3． 故选：C． 10．【解答】解：由题意可得， +（+）＝1， 故选：B． 11．【解答】解：连接BD，过B作BE⊥AD于E，当0＜t＜4时，点M在AB上， 在菱形ABCD中，∠A＝60°，AB＝4， ∴AB＝AD， ∴△ABD是等边三角形， ∴AE＝ED＝AD＝2，BE＝AE＝2， ∵AM＝2x，AN＝x， ∴， ∵∠A＝∠A， ∴△AMN∽△ABN， ∴∠ANM＝∠AEB＝90°， ∴＝x， ∴y＝x×x＝x2， 当4≤t＜8时，点M在BC上， y＝， 综上所述，当0＜x＜4时的函数图象是开口向上的抛物线的一部分，当4≤t＜8时，函数图象是直线的一部分， 故选：A． 12．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形， ∴∠BAD＝∠ADE＝90°，AB＝AD， ∵BF⊥AE， ∴∠ABF＝90°﹣∠BAF＝∠DAE， ∴cos∠ABF＝cos∠EAD， 即 ， 又AB＝AD， ∴AB2＝BF•AE． 故①正确； 设正方形的边长为a， ∵点E为边CD的中点， ∴， ∴． 在Rt△ABE中， ， ∴． 在Rt△ADE中， ， ∴． ∵AB∥DE， ∴△GAB∽△GED， ∴＝2， ∴， ∴， ∴， ∴S△BGF：S△ABF＝2：3． 故②正确； ∵AB＝a， ∴AD＝AB＝a， ∴BD2＝AB2+AD2＝2a2， 如图所示，过点H分别作BF，AE的垂线，垂足分别为M，N，如图， 又∵BF⊥AE，HM⊥BF，HN⊥AE， ∴四边形FMHN是矩形， ∵FH是∠BFG的角平分线， ∴HM＝HN， ∴四边形FMHN是正方形， ∴FN＝HM＝HN， ∴，， ∴． 设MH＝b，则BF＝BM+FM＝BM+MH＝3b+b＝4b， 在Rt△BMH中， ． ∵， ∴， 解得：． ∴， ∴BD2﹣BD•HD＝2a2﹣a×a＝a2． 故③正确． 故选：D． 二、填空题（本题共10个小题，每小题3分，共30分） 13．【解答】解：原式＝（x2+xy）﹣z（x+y） ＝x（x+y）﹣z（x+y） ＝（x+y）（x﹣z）， 故答案为：（x+y）（x﹣z）． 14．【解答】解：由题意得x+5≥0且x≠0， 解得x≥﹣5且x≠0， 故答案为：x≥﹣5且x≠0． 15．【解答】解：画树状图如下： 共有16种等可能的结果，其中第二次抽取卡片上的数字能够整除第一次抽取卡片上的数字的结果有8种， ∴第二次抽取卡片上的数字能够整除第一次抽取卡片上的数字的概率是＝， 故答案为：． 16．【解答】解：一元二次方程x2+x＝5x+6整理得， x2﹣4x﹣6＝0． 根据题意得x1+x2＝4，x1x2＝﹣6， 所以原式＝＝＝﹣． 故答案为：﹣． 17．【解答】解：（﹣）÷ ＝[﹣]• ＝[﹣]• ＝• ＝， 故答案为：． 18．【解答】解：如图，连接OA，OC，OC交AB于点M， 由折叠性质可得OA＝AC，AB⊥OC， ∴OA＝OC＝AC＝2cm， ∴OM＝CM＝OC＝1cm，∠AOC＝60°， ∵∠AMO＝90°， ∴AM＝＝＝（cm）， ∴S阴影＝S扇形AOC﹣S△AOC ＝﹣×2× ＝（π﹣）（cm2）， 故答案为：（π﹣）cm2． 19．【解答】解：过C作CM⊥AB于M，过C′⊥AB′于N， 则∠ANC′＝∠AMC＝90°， ∵△ABC与△AB′C′的相似比为1：2， ∴， ∵∠NAC′＝∠CAM， ∴△ACM∽△AC′N， ∴， ∵点A（2，0），点C（a，b）， ∴OA＝2，OM＝a，CM＝b， ∴AM＝a﹣2， ∴， ∴AN＝2a﹣4，C′N＝2b， ∴ON＝AN﹣OA＝2a﹣6， ∴点C′的坐标为（6﹣2a，﹣2b）， 故答案为：（6﹣2a，﹣2b）． 20．【解答】解：∵△ABC是等边三角形， ∴AC＝BC＝6，∠ABC＝∠BCA＝60°， ∵∠ECF＝60°， ∴∠BCE＝60°﹣∠ECA＝∠ACF， ∵CE＝CF， ∴△BCE≌△ACF（SAS）， ∴∠CAF＝∠CBE， ∵△ABC是等边三角形，BD是高， ∴∠CBE＝∠ABC＝30°，CD＝AC＝3， 过C点作CG⊥AF，交AF的延长线于点G，延长CG到H，使得GH＝CG，连接AH，DH，DH与AG交于点I，连接CI，FH， 则∠ACG＝60°，CG＝GH＝AC＝3， ∴CH＝AC＝6， ∴△ACH为等边三角形， ∴DH＝CD•tan60°＝， AG垂直平分CH， ∴CI＝HI，CF＝FH， ∴CI+DI＝HI+DI＝DH＝3， CF+DF＝HF+DF≥DH， ∴当F与I重合时，即D、F、H三点共线时，CF+DF的值最小为：CF+DF＝DH＝3， ∴△CDF的周长的最小值为3+3． 故答案为：3+3． 21．【解答】解：∵图（1）有1个三角形，记作a1＝1； 图（2）有5个三角形，记作a2＝5＝1+4＝1+4×1； 图（3）有9个三角形，记作a3＝9＝1+4+4＝1+4×2； …， ∴图（n）中三角形的个数为：an＝1+4（n﹣1）＝4n﹣3， ∴a1+a2+a3+…+an ＝1+5+9+…+（4n﹣3） ＝ ＝2n2﹣n． 故答案为：2n2﹣n． 22．【解答】解：∵将△ABC绕点B旋转45°得到△A′BC′， ∴有以下两种情况： ①当△ABC绕点B逆时针旋转45°得到△A′BC′， 过点B作BE⊥A'D于E，作BD的垂直平分线HF交DB于H，交A'D于F，连接BF， ∵△ABC为等腰三角形，∠A＝120°，AB＝2， ∴∠BA'C'＝∠A＝120°，A'B＝AB＝2，∠ABC＝30°， ∴∠DA'B＝60°， 由旋转的性质得：∠A'BA＝45°， ∴∠A'BC＝∠A'BA+∠ABC＝75°， 又∵∠A'BC＝∠DA'B+∠D， 即75°＝60°+∠D＝15°， 在Rt△A'BE中，∠DA'B＝60°，A'B＝2， ∴∠A'BE＝30°， ∴， 由勾股定理得：， ∵HF为BD的垂直平分线， ∴DF＝BF， ∴∠D＝∠FBD＝15°， ∴∠EFB＝∠D+∠FBD＝30°， ∴，故：， 由勾股定理得：， ∴； ②当△ABC绕点B顺时针旋转45°得到△A′BC′， 过点D作DM⊥A'D于M，作AD的垂直平分线PQ交A'B于Q， 由旋转的性质得：∠ABA'＝45°，∠BA'C'＝∠A＝120°，A'B＝AB＝2， ∴∠A'BD＝∠ABA'﹣∠ABC＝15°，∠BA'D＝60°， ∵DM⊥A'D， ∴∠A'DM＝30°， 在Rt△A'DM中，∠A'DM＝30°，设A'M＝x， 则A'D＝2A'M＝2x， 由勾股定理得：， ∵PQ为BD的垂直平分线， ∴BQ＝DQ， ∴∠A'BD＝∠QDB＝15°， ∴∠DQM＝∠A'BD+∠QDB＝30°， ∴， 由勾股定理得：， ∵A'M+QM+BQ＝A'B， ∴， ∴， 即． 综上所述：A′D的长度为或． 故答案为：或． 三、解答题（本题共6个小题，共54分） 23．【解答】解：（1）如图，PE、PF为所作； （2）连接OE、OF，如图， ∵PE，PF为⊙O的两条切线， ∴OE⊥PE，OF⊥PF， ∴∠OEP＝∠OFP＝90°， ∴∠EOF＝180°﹣∠EPF＝180°﹣30°＝150°， 当点D在优弧EF上时，∠EDF＝∠EOF＝75°， 当点D′在弧EF上时，∠ED′F＝180°﹣∠EDF＝180°﹣75°＝105°， 综上所述，∠EDF的度数为75°或105°． 24．【解答】解：如图，过点C作CH⊥EF于点H， 在Rt△CHB中， ∵tan∠CBH＝＝， ∴HB＝CH， 在Rt△CHD中，∠CDH＝45°， ∴CH＝DH， 又∵BH﹣DH＝BD＝40， ∴CH﹣CH＝40， 解得CH＝20+20， 即河两岸之间的距离是（20+20）米； （2）在Rt△CHP中，HP＝HD＝PD＝20+20﹣（12+12）＝8+8， ∴tan∠CPE＝ ＝ ＝ ＝． 25．【解答】解：（1）设每辆A型车坐满后载客x人，每辆B型车坐满后载客y人， 根据题意得：， 解得：， ∴每辆A型车坐满后载客40人，每辆B型车坐满后载客55人； （2）设租用A型车m辆，则租用B型车（10﹣m）辆， 由题意得：， 解得：5≤m≤8， ∵m是正整数， ∴m可取5，6，7，8 ∴共有4种方案， 设总租金为w元， 根据题意得w＝500m+600（10﹣m）＝﹣100m+6000， ∵﹣100＜0， ∴w随m的增大而减小， ∴m＝8时，w最小为﹣100×8+6000＝5200（元）； ∴租用A型车8辆，租用B型车2辆最省钱； （3）设s甲＝kt，把（4，300）代入得： 300＝4k， 解得k＝75， ∴s甲＝75t， 设s乙＝kt+b，把（0.5，0），（3.5，300）代入得： ， 解得， ∴s乙＝100t﹣50， ∵两车第一次相遇后，相距25千米， ∴100t﹣50﹣75t＝25或300﹣75t＝25， 解得t＝3或t＝， ∴在甲乙两车第一次相遇后，当t＝3小时或小时时，两车相距25千米． 26．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD为矩形， .∴AD∥BF， ∴∠D＝∠DCF， ∵G为CD中点， ∴DG＝CG， ∵∠AGD＝∠FGC， ∴△ADG≌△FCG（ASA）； （2）解：∵四边形ABCD为矩形， ∴∠ABC＝90°， ∵CE⊥AF， ∴∠CEF＝90°＝∠ABC， ∵∠F＝∠F， ∴△CEF∽△ABF， ∴＝， ∵AB＝4，BF＝x， 在Rt△ABF中，AF＝＝， ∵CE＝y， ∴＝， ∴y＝（或者y＝）； （3）解：过点E作EN⊥BF于点N， ∵四边形ABCD为矩形，AD＝3， ∴AD＝BC＝3， ∵AB＝4，CF＝1， ∴AB＝BF， ∴△ABF为等腰直角三角形， ∴∠CFE＝∠BAF＝45°， ∵CE⊥AF， ∴△CEF为等腰直角三角形， ∴∠ECF＝45°， ∵EN⊥CF， ∴EN平分CF， ∴CN＝NF＝NE＝， 在Rt△BNE中，根据勾股定理得： BE2＝BN2+EN2， ∴BE＝＝， ∵∠ECF＝∠BAF＝45°， ∴∠BAM＝∠BCE＝135°， ∵BM⊥BE， ∴∠MBA+∠ABE＝90°， ∠ABE+∠EBC＝90°， ∴∠MBA＝∠EBC， ∴△BAM∽△BCE， ∴＝＝， ∴＝， ∴BM＝． 27．【解答】（1）证明：∵∠ABC 和∠AMC是 所对的圆周角， ∴∠ABC＝∠AMC， ∵∠AHM＝∠CHB， ∴△AMH∽△CBH， ∴， ∴MH•CH＝AH•BH． （2）证明：连接OC，交AB于点F， ∵MC与ND为一组平行弦，即：MC∥ND， ∴∠OND＝∠OMC， ∵OM＝OC， ∴∠OMC＝∠OCM， ∵∠OND+∠AHM＝90°， ∴∠OCM+∠AHM＝∠OCM+∠CHB＝90°， ∴∠HFC＝90°， ∴OC⊥AB， ∴OC是AB的垂直平分线， ； （3）解：连接DM、DG，过点D作DE⊥MN，垂足为E，设点G的对称点 G'，连接G′D、G′N， ∵DG＝DG'，∠G′ND＝∠GND，，DG'＝DM， ∴DG＝DM， ∴△DGM 是等腰三角形， ∵DE⊥MN， ∴GE＝ME， ∵DN∥CM， ∴∠CMN＝∠DNM， ∵MN为直径， ∴∠MDN＝90°， ∴∠MDE+∠EDN＝90°， ∵DE⊥MN， ∴∠DEN＝90°， ∴∠DNM+∠EDN＝90°， ∴， 在Rt△MND中，MN＝15， ∴， ∴MD＝9， 在Rt△MED中，， ∴， ∴， ∴， ∴， 故答案为：． 28．【解答】解：（1）∵抛物线y1＝ax2+bx+c的图象经过A（﹣6，0），B（﹣2，0），C（0，6）三点， ∴， 解得， ∴， 把B（﹣2，0）代入一次函数y＝kx+6中， 得k＝3， ∴y＝3x+6． 答：抛物线的解析式为，一次函数的解析式为y＝3x+6． （2）①当BC为正方形的边长时， 分别过B点，C点作E1E2⊥BC，F1F2⊥BC，使E1B＝E2B＝BC，CF1＝CF2＝BC，连接E1F1，E2F2， 过点E1作E1H1⊥x轴于H1，∴△BE1H1≌△CBO（AAS）， ∴E1H1＝OB＝2，H1B＝OC＝6， ∴E1（﹣8，2）， 同理可得，E2（4，﹣2）． ②以BC为正方形的对角线时， 过BC的中点G作E3F3⊥BC，使E3F3与BC互相平分且相等， 则四边形E3BF3C为正方形， 过点E3作E3N⊥y轴于点N，过点B作BM⊥E3N于点M， ∴△CE3N≌△E3BM（AAS）， ∴CN＝E3M，BM＝E3N， ∵， ∴， ∴， 在Rt△E3NC中，， ∴， 解得CN＝2或4， 当CN＝4时，E3（2，2），此时点E在点F右侧，舍去； 当CN＝2时，E3（﹣4，4）． 综上，E1（﹣8，2），E2（4，﹣2），E3（﹣4，4）． （3）∵抛物线向右平移8个单位长度得到抛物线y2， ∴M（2，0），N（6，0）， ∵y2过M，N，C三点， ∴， 在直线CN下方的抛物线y2上任取一点P，作PH⊥x轴交NC于点H，过H作HG⊥y轴于G， ∵N（6，0），C（0，6）， ∴ON＝OC， ∴△CON时等腰直角三角形， ∵∠CHG＝45°，∠GHP＝90°， ∴∠PHD＝45°， ∵PD⊥CN， ∴△HPD是等腰直角三角形， ∴， ∵点P在抛物线y2上，且横坐标为m， ∴CG＝GH＝m， ∴， ∵yCN＝﹣x+6， ∴H（m，﹣m+6）， ∴， ∴， ∴＝＝， 答：当时，CD+的最大值为． 声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/8/3 14:41:43；用户：beishishuxue9；邮箱：beishishuxue9@；学号：20035950 第28页（共28页）