2021年江苏省宿迁市中考数学真题（解析版）.doc

宿迁市2021年初中学业水平考试 注意事项： 1．本试卷共6页，全卷满分120分，考试时间为120分钟，考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效． 2．请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名﹑考试证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上． 3．答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑，如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡上的指定位置，在其他位置答题一律无效． 4．作图必须用2B铅笔作答，并请加黑加粗，描写清楚． 一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题所给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上） 1. ﹣3的相反数为（　　） A. ﹣3 B. ﹣ C. D. 3 【答案】D 【解析】 【分析】根据相反数的定义：只有符号不同的两个数称互为相反数计算即可． 【详解】解：﹣3的相反数是3． 故选：D． 【点睛】此题考查求一个数的相反数，解题关键在于掌握相反数的概念． 2. 对称美是美的一种重要形式，它能给与人们一种圆满、协调和平的美感，下列图形属于中心对称图形的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】根据中心对称图形的定义即可作出判断． 【详解】解：A、是中心对称图形，故选项正确； B、不是中心对称图形，故选项错误； C、不是中心对称图形，故选项错误； D、不是中心对称图形，故选项错误． 故选：A． 【点睛】本题主要考查了中心对称图形的概念：中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合． 3. 下列运算正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】根据合并同类项法则、幂的乘方法则、同底数幂的乘法法则和积的乘方法则逐个判断即可． 【详解】解：A、，故该选项错误； B、，故该选项正确； C、，故该选项错误； D、，故该选项错误； 故选：B． 【点睛】本题考查了合并同类项法则、幂的乘方法则、同底数幂的乘法法则和积的乘方法则，熟练掌握相关运算法则是解决本题的关键． 4. 已知一组数据：4，3，4，5，6，则这组数据的中位数是（ ） A. 3 B. 3.5 C. 4 D. 4.5 【答案】C 【解析】 【分析】将原数据排序，根据中位数意义即可求解． 【详解】解：将原数据排序得3，4， 4，5，6， ∴这组数据的中位数是4． 故选：C 【点睛】本题考查了求一组数据的中位数，熟练掌握中位数的意义是解题关键，注意求中位数时注意先排序． 5. 如图，在△ABC中，∠A=70°，∠C=30°，BD平分∠ABC交AC于点D，DE∥AB，交BC于点E，则∠BDE的度数是（ ） A. 30° B. 40° C. 50° D. 60° 【答案】B 【解析】 【分析】由三角形的内角和可求∠ABC，根据角平分线可以求得∠ABD，由DE//AB，可得∠BDE=∠ABD即可． 【详解】解：∵∠A+∠C=100° ∴∠ABC=80°， ∵BD平分∠BAC， ∴∠ABD=40°， ∵DE∥AB， ∴∠BDE=∠ABD=40°， 故答案为B． 【点睛】本题考查三角形的内角和定理、角平分线的意义、平行线的性质，灵活应用所学知识是解答本题的关键． 6. 已知双曲线过点(3，)、(1，)、(-2，)，则下列结论正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】利用分比例函数的增减性解答即可． 【详解】解：∵ ∴当x＞0时，y随x的增大，且y＜0；当x＜0时，y随x的增大，且y＞0； ∵0＜1＜3，-2＜0 ∴y2＜y1＜0，y3＞0 ∴． 故选A． 【点睛】本题主要考查了反比例函数的增减性，掌握数形结合思想成为解答本题的关键． 7. 折叠矩形纸片ABCD，使点B落在点D处，折痕为MN，已知AB=8，AD=4，则MN的长是（ ） A. B. 2 C. D. 4 【答案】B 【解析】 【分析】连接BM，利用折叠的性质证明四边形BMDN为菱形，设DN＝NB＝x，在RtABD中，由勾股定理求BD，在RtADN中，由勾股定理求x，利用菱形计算面积的两种方法，建立等式求MN． 【详解】解：如图，连接BM， 由折叠可知，MN垂直平分BD， 又AB∥CD， ∴BON≌DOM， ∴ON＝OM， ∴四边形BMDN为菱形（对角线互相垂直平分的四边形是菱形）， 设DN＝NB＝x，则AN＝8﹣x， 在RtABD中，由勾股定理得：BD＝＝， 在RtADN中，由勾股定理得：AD2+AN2＝DN2， 即42+（8﹣x）2＝x2， 解得x＝5， 根据菱形计算面积的公式，得 BN×AD＝×MN×BD， 即5×4＝×MN×， 解得MN＝． 故选：B． 【点睛】本题考查图形的翻折变换，勾股定理，菱形的面积公式的运用，解题过程中应注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，如本题中折叠前后对应线段相等． 8. 已知二次函数的图像如图所示，有下列结论：①；②＞0；③；④不等式＜0的解集为1≤＜3，正确的结论个数是（ ） A 1 B. 2 C. 3 D. 4 【答案】A 【解析】 【分析】根据抛物线的开口方向、于x轴的交点情况、对称轴的知识可判①②③的正误，再根据函数图象的特征确定出函数的解析式，进而确定不等式，最后求解不等式即可判定④． 【详解】解：∵抛物线的开口向上， ∴a＞0，故①正确； ∵抛物线与x轴没有交点 ∴＜0，故②错误 ∵抛物线的对称轴为x=1 ∴ ，即b=-2a ∴4a+b=2a≠0，故③错误； 由抛物线可知顶点坐标为（1,1），且过点（3,3） 则 ，解得 ∴＜0可化为＜0，解得：1＜x＜3 故④错误． 故选A． 【点睛】本题主要考查了二次函数图象的特征以及解不等式的相关知识，灵活运用二次函数图象的特征成为解答本题的关键． 二、填空题（本大题共10小题，每小题3分，共30分，不需写出解答过程，请把答案直接填写在答题卡相应位置上) 9. 若代数式有意义，则的取值范围是____________． 【答案】任意实数 【解析】 【分析】根据二次根式有意义的条件及平方的非负性即可得解． 【详解】解：∵， ∴＞0， ∴无论x取何值，代数式均有意义， ∴x的取值范围为任意实数， 故答案为：任意实数． 【点睛】本题考查了二次根式有意义的条件及平方的非负性，熟练掌握二次根式的定义是解决本题的关键． 10. 2021年4月，白鹤滩水电站正式开始蓄水，首批机组投产发电开始了全国冲刺，该电站建成后，将仅次于三峡水电站成为我国第二大水电站，每年可减少二氧化碳排放51600000吨，减碳成效显著，对促进我市实现碳中和目标具有重要作用，51600000用科学计数法表示为___________． 【答案】 【解析】 【分析】科学记数法的形式是： ，其中＜10，为整数．所以，取决于原数小数点的移动位数与移动方向，是小数点的移动位数，往左移动，为正整数，往右移动，为负整数．本题小数点往左移动到的后面，所以 【详解】解：51600000 故答案为： 【点睛】本题考查的知识点是用科学记数法表示绝对值较大的数，关键是在理解科学记数法的基础上确定好的值，同时掌握小数点移动对一个数的影响． 11. 分解因式： =____ 【答案】a（x+1）（x-1） 【解析】 【分析】所求代数式中含有公因数a，可先提取公因数，然后再运用平方差公式分解因式． 【详解】原式=a（x2-1）=a（x+1）（x-1）． 【点睛】本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行两次分解，注意要分解彻底． 12. 方程的解是_____________． 【答案】， 【解析】 【分析】先把两边同时乘以，去分母后整理为，进而即可求得方程的解． 【详解】解：， 两边同时乘以，得 ， 整理得： 解得：，， 经检验，，是原方程的解， 故答案为：，． 【点睛】本题考查了分式方程和一元二次方程的解法，熟练掌握分式方程和一元二次方程的解法是解决本题的关键． 13. 已知圆锥的底面圆半径为4，侧面展开图扇形的圆心角为120°，则它的侧面展开图面积为_____________． 【答案】48π 【解析】 【分析】首先根据底面圆的半径求得扇形的弧长，然后根据弧长公式求得扇形的半径，然后利用公式求得面积即可． 【详解】解：∵底面圆的半径为4， ∴底面周长为8π， ∴侧面展开扇形的弧长为8π， 设扇形的半径为r， ∵圆锥的侧面展开图的圆心角是120°， ∴＝8π， 解得：r＝12， ∴侧面积为π×4×12＝48π， 故答案为：48π． 【点睛】考查了圆锥的计算，解题的关键是了解圆锥的侧面展开扇形的弧长等于底面圆的周长，难度不大． 14. 《九章算术》中有一道“引葭赴岸”问题：“仅有池一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，适与岸齐．问水深，葭长各几何？”题意是：有一个池塘，其地面是边长为10尺的正方形，一棵芦苇AB生长在它的中央，高出水面部分BC为1尺．如果把芦苇沿与水池边垂直的方向拉向岸边，那么芦苇的顶部B恰好碰到岸边的B'（示意图如图，则水深为__尺． 【答案】12 【解析】 【分析】依题意画出图形，设芦苇长AB=AB'=x尺，则水深AC=（x﹣1）尺，因为B'E=10尺，所以B'C=5尺，利用勾股定理求出x的值即可得到答案． 【详解】解：依题意画出图形，设芦苇长AB=AB'=x尺，则水深AC=（x﹣1）尺， 因为B'E=10尺，所以B'C=5尺， 在Rt△AB'C中，52+（x﹣1）2=x2， 解之得x=13， 即水深12尺，芦苇长13尺． 故答案为：12． ． 【点睛】此题考查勾股定理的实际应用，正确理解题意，构建直角三角形利用勾股定理解决问题是解题的关键． 15. 如图，在Rt△ABC中，∠ABC=90°，∠A=32°，点B、C在上，边AB、AC分别交于D、E两点﹐点B是的中点，则∠ABE=__________． 【答案】 【解析】 【分析】如图，连接 先证明再证明利用三角形的外角可得：再利用直角三角形中两锐角互余可得：再解方程可得答案． 【详解】解：如图，连接 是的中点， 故答案为： 【点睛】本题考查的是圆周角定理，三角形的外角的性质，直角三角形的两锐角互余，掌握圆周角定理的含义是解题的关键． 16. 如图，点A、B在反比例函数的图像上，延长AB交轴于C点，若△AOC的面积是12，且点B是AC的中点，则 =__________． 【答案】8 【解析】 【分析】由的面积为12，故作，设，即可表示的面积，再利用中点坐标公式表示B点坐标，利用B点在反比例图像上即可求解． 【详解】解：作，设， 的面积为12 B点是AC中点 B点坐标 B点在反比例图像上 又 故答案是：8． 【点睛】本题考查反比例函数的综合运用、中点坐标公式和设而不解的方程思想，属于中档难度的题型．解题的关键是设而不解的方程思想．此外设有两点，则的中点坐标是：． 17. 如图，在△ABC中，AB=4，BC=5，点D、E分别在BC、AC上，CD=2BD，CF=2AF，BE交AD于点F，则△AFE面积的最大值是_________． 【答案】 【解析】 【分析】连接DF，先根据相似三角形判定与性质证明,得到,进而根据CD=2BD，CF=2AF，得到,根据△ABC中，AB=4，BC=5，得到当AB⊥BC时，△ABC面积最大，即可求出△AFE面积最大值． 【详解】解：如图，连接DF， ∵CD=2BD，CF=2AF， ∴， ∵∠C=∠C， ∴△CDF∽△CBA， ∴,∠CFD=∠CAB， ∴DF∥BA， ∴△DFE∽△ABE， ∴, ∴, ∵CF=2AF， ∴, ∴, ∵CD=2BD， ∴, ∴, ∵△ABC中，AB=4，BC=5， ∴，当AB⊥BC时，△ABC面积最大，为， 此时△AFE面积最大． 故答案为： 【点睛】本题考查了相似三角形的性质与判定，根据相似三角形的性质与判定得到,理解等高三角形的面积比等于底的比是解题关键． 三、简答题（本大题共10小题，共96分，请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤) 18. 计算：4sin45° 【答案】1 【解析】 【分析】结合实数的运算法则即可求解． 【详解】解：原式． 【点睛】本题考察非0底数的0次幂等于1、二次根式的化简、特殊三角函数值等知识点，属于基础题型，难度不大．解题的关键是掌握实数的运算法则． 19. 解不等式组，并写出满足不等式组的所有整数解． 【答案】解集为，整数解为－1，0． 【解析】 【分析】先分别解得每个不等式的解集，再根据大小小大取中间求得不等式组的解集，进而可求得整数解． 【详解】解：， 由①得：， 由②得：， ∴原不等式组的解集为， ∴该不等式组的所有整数解为－1，0． 【点睛】本题考查了一元一次不等式组的解法，熟练掌握解不等式组的基本步骤是解决本题的关键． 20. 某机构为了解宿迁市人口年龄结构情况，对宿迁市的人口数据进行随机抽样分析，绘制了如下尚不完整的统计图表： 类别 A B C D 年龄（t岁） 0≤t<15 15≤t<60 60≤t<65 t≥65 人数（万人） 4.7 11.6 m 2.7 根据以上信息解答下列问题： (1)本次抽样调查，共调查了____万人； (2)请计算统计表中的值以及扇形统计图中“C”对应的圆心角度数； (3)宿迁市现有人口约500万人，请根据此次抽查结果，试估计宿迁市现有60岁及以上的人口数量． 【答案】（1）20；（2）1；18°；（3）92.5万人． 【解析】 【分析】（1）用B类的人数除以所占百分比即可求出被调查的总人数； （2）用总人数减去A，B，D类的人数即可求出m的值，再用C类人数除以总人数得到的百分比乘以360° 即可得到结论； （3）首先计算出样本中60岁及以上的人口数量所占百分比，再乘以500万即可得到结论． 【详解】解：（1）11.6÷58%=20（万人）， 故答案为：20； （2） 故m的值为1；扇形统计图中“C”对应的圆心角度数为18°； （3）宿迁市现有60岁及以上的人口数=（万人） 所以，宿迁市现有60岁及以上的人口数量为92.5万人． 【点睛】本题考查的是统计表和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小． 21. 在①AE=CF；②OE=OF；③BE∥DF这三个条件中任选一个补充在下面横线上，并完成证明过程． 已知，如图，四边形ABCD是平行四边形，对角线AC、BD相交于点O，点E、F在AC上， (填写序号)． 求证：BE=DF． 注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分． 【答案】见解析 【解析】 【分析】若选②，即OE=OF；根据平行四边形的性质可得BO=DO，然后即可根据SAS证明△BOE≌△DOF，进而可得结论；若选①，即AE=CF；根据平行四边形的性质得出OE=OF后，同上面的思路解答即可；若选③，即BE∥DF，则∠BEO=∠DFO，再根据平行四边形的性质可证△BOE≌△DOF，于是可得结论． 【详解】解：若选②，即OE=OF； 证明：∵四边形ABCD是平行四边形， ∴BO=DO， ∵OE=OF，∠BOE=∠DOF， ∴△BOE≌△DOF（SAS）， ∴BE=DF； 若选①，即AE=CF； 证明：∵四边形ABCD是平行四边形， ∴BO=DO，AO=CO， ∵AE=CF， ∴OE=OF， 又∠BOE=∠DOF， ∴△BOE≌△DOF（SAS）， ∴BE=DF； 若选③，即BE∥DF； 证明：∵四边形ABCD是平行四边形， ∴BO=DO， ∵BE∥DF； ∴∠BEO=∠DFO， 又∠BOE=∠DOF， ∴△BOE≌△DOF（AAS）， ∴BE=DF； 【点睛】本题考查了平行四边形的性质和全等三角形的判定和性质，属于基本题型，熟练掌握平行四边形的性质和全等三角形的判定是关键． 22. 即将举行的2022年杭州亚运会吉祥物“宸宸”、“琮琮”、“莲莲”： 将三张正面分别印有以上3个吉祥物图案的卡片（卡片的形状、大小、质地都相同)背面朝上、洗匀． (1)若从中任意抽取1张，抽得得卡片上的图案恰好为“莲莲”的概率是 ． (2)若先从中任意抽取1张，记录后放回，洗匀，再从中任意抽取1张，求两次抽取的卡片图案相同的概率．(请用树状图或列表的方法求解) 【答案】（1）；（2） 【解析】 【分析】（1）直接根据概率公式求解即可； （2）根据题意画出树状图得出所有等情况数，找出两次抽取的卡片图案相同的情况数，然后根据概率公式即可得出答案． 【详解】解：（1）∵有3张形状、大小、质地均相同的卡片，正面分别印有“宸宸”、“琮琮”、“莲莲”， ∴从中随机抽取1张，抽得卡片上的图案恰好为“莲莲”的概率为； 故答案为：； （2）把“宸宸”、“琮琮”、“莲莲”分别用字母A、B、C表示，画树状图如下： 或列表为： A B C A AA AB AC B BA BB BC C CA CB CC 由图(或表)可知：共有9种等可能的结果，其中抽到相同图案的有3种， 则两次抽取的卡片图案相同的概率是． 【点睛】此题考查的是树状图法(或列表法)求概率．树状图法适合两步或两步以上完成的事件；解题时要注意此题是放回实验还是不放回实验．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比． 23. 一架无人机沿水平直线飞行进行测绘工作，在点P处测得正前方水平地面上某建筑物AB的顶端A的俯角为30°，面向AB方向继续飞行5米，测得该建筑物底端B的俯角为45°，已知建筑物AB的高为3米，求无人机飞行的高度(结果精确到1米，参考数据：1.414， =1.732)． 【答案】无人机飞行的高度约为14米． 【解析】 【分析】延长PQ，BA，相交于点E，根据∠BQE＝45°可设BE＝QE＝x，进而可分别表示出PE＝x＋5，AE＝x－3，再根据sin∠APE＝，∠APE＝30°即可列出方程，由此求解即可． 【详解】解：如图，延长PQ，BA，相交于点E， 由题意可得：AB⊥PQ，∠E＝90°， 又∵∠BQE＝45°， ∴BE＝QE， 设BE＝QE＝x， ∵PQ＝5，AB＝3， ∴PE＝x＋5，AE＝x－3， ∵∠E＝90°， ∴sin∠APE＝， ∵∠APE＝30°， ∴sin30°＝， 解得：x＝≈14， 答：无人机飞行的高度约为14米． 【点睛】本题考查解直角三角形的应用-俯角仰角问题，难度适中，要求学生能借助其关系构造直角三角形并解直角三角形． 24. 如图，在Rt△AOB中，∠AOB=90°，以点O为圆心，OA为半径的圆交AB于点C，点D在边OB上，且CD= BD． （1）判断直线CD与圆O的位置关系，并说明理由； （2）已知AB=40，求的半径． 【答案】（1）直线CD与圆O相切，理由见解析；（2） 【解析】 【分析】（1）连接 证明可得 从而可得答案； （2）由 设 则 再求解 再表示 再利用 列方程解方程，可得答案． 【详解】解：（1）直线CD与圆O相切，理由如下： 如图，连接 为的半径， 是的切线． （2） 设 则 （负根舍去） 的半径为： 【点睛】本题考查的是切线的判定与性质，勾股定理的应用，等腰三角形的性质，锐角三角函数的应用，一元二次方程的解法，熟练应用基础知识，把知识串联起来是解题的关键． 25. 一辆快车从甲地驶往乙地，一辆慢车从乙地驶往甲地，两车同时出发，匀速行驶，两车在途中相遇时，快车恰巧出现故障，慢车继续驶往甲地，快车维修好后按原速继续行驶乙地，两车到达各地终点后停止，两车之间距离s(km)与慢车行驶的时间t(h)之间的关系如图： (1)快车的速度为 km/h，C点的坐标为 ． (2)慢车出发多少小时候，两车相距200km． 【答案】（1）100，（8,480）；（2）1.75h和4.875h． 【解析】 【分析】（1）由图像可知，甲乙两地的距离为480km， 0-3小时快车和慢车一起行驶了3小时，3-4小时快车出现故障停止前行、仅有慢车行驶，进而求出慢车速度，然后再求出快车的速度；A、B段为快车已维修好，两车共同行驶且快车在B点到站，BC段仅为慢车行驶；则可求出B点坐标，进而求出C点的横坐标即可解答； （2）分快车出现故障前和故障后两种情况解答即可． 【详解】解：（1）由图像可知，甲乙两地的距离为480km 在0-3小时快车和慢车一起行驶了3小时，3-4小时快车出现故障停止前行、仅有慢车行驶 则慢车速度为=60km/h 设快车速度为v，则有：（v+60）×3=480，解得v=100km/h ∴B点的横坐标为+1=5.8，从坐标为60+（60+100）×（5.8-4）=348，即B（5.8,348） ∴慢车行驶时间为h， ∴C点的横坐标为8 ∴C点的坐标为（8,480）； （2）在快车出现故障前，两车相距200km 所用时间为：（480-200）÷（100+60）=1.75h； 在快车出现故障后，慢车1小时行驶了60km，然后两车共同行驶了200-60=140km 共同行驶时间为140÷（100+60）=0.875h ∴两车相距200km 所用时间为4+0.875=4.875h． 答：两车相距200km 所用时间为1.75h和4.875h． 【点睛】本题考查了从函数图象中获取信息和行程问题，从函数图象中获取有用的信息成为解答本题的关键． 26. 已知正方形ABCD与正方形AEFG，正方形AEFG绕点A旋转一周． (1)如图①，连接BG、CF，求的值； (2)当正方形AEFG旋转至图②位置时，连接CF、BE，分别去CF、BE的中点M、N，连接MN、试探究：MN与BE的关系，并说明理由； (3)连接BE、BF，分别取BE、BF的中点N、Q，连接QN，AE=6，请直接写出线段QN扫过的面积． 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【分析】（1）由旋转的性质联想到连接，证明即可求解； （2）由M、N分别是CF、BE的中点，联想到中位线，故想到连接BM并延长使BM=MH，连接FH、EH，则可证即可得到，再由四边形内角和为可得，则可证明，即是等腰直角三角形，最后利用中位线的性质即可求解； （3）Q、N两点因旋转位置发生改变，所以Q、N两点的轨迹是圆，又Q、N两点分别是BF、BE中点，所以想到取AB的中点O，结合三角形中位线和圆环面积的求解即可解答． 【详解】解：（1）连接 四边形ABCD和四边形AEFG是正方形 分别平分 即 且都是等腰直角三角形 （2）连接BM并延长使BM=MH，连接FH、EH 是CF的中点 又 在四边形BEFC中 又 即 即 又四边形ABCD和四边形AEFG是正方形 三角形BEH是等腰直角三角形 M、N分别是BH、BE的中点 （3）取AB的中点O，连接OQ、ON，连接AF 在中，O、Q分别是AB、BF的中点 同理可得 所以QN扫过的面积是以O为圆心，和为半径的圆环的面积 ． 【点睛】本题考察旋转的性质、三角形相似、三角形全等、正方形的性质、中位线的性质与应用和动点问题，属于几何综合题，难度较大．解题的关键是通过相关图形的性质做出辅助线． 27. 如图，抛物线与轴交于A(-1，0)，B(4，0)，与轴交于点C．连接AC，BC，点P在抛物线上运动． (1)求抛物线的表达式； (2)如图①，若点P在第四象限，点Q在PA的延长线上，当∠CAQ=∠CBA45°时，求点P的坐标； (3)如图②，若点P在第一象限，直线AP交BC于点F，过点P作轴的垂线交BC于点H，当△PFH为等腰三角形时，求线段PH的长． 【答案】（1）；（2）（6，-7）；（3）PH=或1.5或 【解析】 【分析】（1）根据待定系数法解答即可； （2）求得点C的坐标后先利用勾股定理的逆定理判断∠ACB=90°，继而可得∠ACO=∠CBA，在x轴上取点E（2，0），连接CE，易得△OCE是等腰直角三角形，可得∠OCE=45°，进一步可推出∠ACE=∠CAQ，可得CE∥PQ，然后利用待定系数法分别求出直线CE与PQ的解析式，再与抛物线的解析式联立方程组求解即可； （3）设直线AP交y轴于点G，如图，由题意可得若△PFH为等腰三角形，则△CFG也为等腰三角形，设G（0，m），求出直线AF和直线BC的解析式后，再解方程组求出点F的坐标，然后分三种情况求出m的值，再求出直线AP的解析式，进而可求出点P的坐标，于是问题可求解． 【详解】解：（1）把A(-1，0)，B(4，0)代入，得 ，解得：， ∴抛物线的解析式是； （2）令x=0，则y=2，即C（0，2）， ∵，，AB2=25， ∴， ∴∠ACB=90°， ∵∠ACO+∠CAO=∠CBA+∠CAO=90°， ∴∠ACO=∠CBA， 在x轴上取点E（2，0），连接CE，如图， 则CE=OE=2， ∴∠OCE=45°， ∴∠ACE=∠ACO+45°=∠CBA+45°=∠CAQ， ∴CE∥PQ， ∵C（0，2），E（2，0）， ∴直线CE的解析式为y=-x+2， 设直线PQ的解析式为y=-x+n，把点A（-1，0）代入，可得n=-1， ∴直线PQ的解析式为y=-x-1， 解方程组，得或， ∴点P的坐标是（6，-7）； （3）设直线AP交y轴于点G，如图， ∵PH∥y轴， ∴∠PHC=∠OCB，∠FPH=∠CGF， ∴若△PFH为等腰三角形，则△CFG也为等腰三角形， ∵C（0，2），B（4，0）， ∴直线BC的解析式为， 设G（0，m），∵A（-1，0）， ∴直线AF的解析式为y=mx+m， 解方程组，得， ∴点F的坐标是， ∴， 当CG=CF时，，解得：（舍去负值）， 此时直线AF的解析式为y=x+， 解方程组，得或， ∴点P的坐标是（，），此时点H的坐标是（，）， ∴PH=； 当FG=FC时，，解得m=或m=（舍）或m=2（舍）， 此时直线AF的解析式为y=x+， 解方程组，得或， ∴点P的坐标是（3，2），此时点H的坐标是（3，）， ∴PH=2-=1.5； 当GF=GC时，，解得或m=2（舍去）， 此时直线AF的解析式为y=x+， 解方程组，得或， ∴点P的坐标是（，），此时点H的坐标是（，）， ∴PH=； 综上，PH=或1.5或． 【点睛】本题是二次函数的综合题，主要考查了待定系数法求二次函数的解析式、二次函数图象上点的坐标特征、直线与抛物线的交点以及等腰三角形的判定和性质等知识，具有相当的难度，熟练掌握二次函数的图象和性质、灵活应用数形结合的思想是解题的关键． 本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。 登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。 试卷地址：在组卷网浏览本卷 组卷网是学科网旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、超过900万精品解析试题。 关注组卷网服务号，可使用移动教学助手功能（布置作业、线上考试、加入错题本、错题训练）。 学科网长期征集全国最新统考试卷、名校试卷、原创题，赢取丰厚稿酬，欢迎合作。 钱老师 QQ：537008204    曹老师 QQ：713000635