人教A版高中数学选修1-1课时提升作业 二十二 3.3.1 函数的单调性与导数 精讲优练课型 Word版含答案.doc

温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。 课时提升作业二十二 函数的单调性与导数 一、选择题(每小题5分,共25分) 1.(2016·重庆高二检测)函数f(x)=x2-lnx的单调递减区间为　(　　) A.(-1,1)　　 B.(-∞,1)　　 C.(0,1)　 　 D.(1,+∞) 【解析】选C.函数f(x)=x2-lnx的定义域是(0,+∞),f′(x)=x-,令f′(x)<0,即x-<0,解得0<x<1. 【补偿训练】函数f(x)=xlnx的单调递增区间是　(　　) A.(0,1)　　　　　　　 B.(1,+∞) C. D. 【解析】选D.因为f(x)=xlnx(x>0),所以f′(x)=lnx+1,令f′(x)>0,得lnx+1>0,即x>, 所以函数f(x)的单调递增区间是. 2.下列函数中,在(0,+∞)内为增函数的是　(　　) A.y=sinx B.y=xe2 C.y=x3-x D.y=lnx-x 【解析】选B.对于A,y=sinx在(0,+∞)内有增有减, 对于B,y′=(xe2)′=e2>0,故y=xe2在(0,+∞)内是增函数; 对于C,y′=3x2-1=3, 当x∈时,y′<0; 故y=x3-x在上是减函数, 对于D,y′=-1=,当x∈(1,+∞)时,y′<0, 故y=lnx-x在(1,+∞)上是减函数. 3.(2016·临沂高二检测)已知函数y=f(x)的图象是如图四个图象之一,且其导函数y=f′(x)的图象如图所示,则该函数的图象是　(　　) 【解析】选B.由函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象知f(x)的图象是上升的,且先由“平缓”变“陡峭”,再由“陡峭”变“平缓”.观察图象可得B正确. 4.若f(x)=,e<a<b,则　(　　) A.f(a)>f(b) B.f(a)=f(b) C.f(a)<f(b) D.f(a)f(b)>1 【解题指南】先判断f(x)的单调性,再比较f(a)与f(b)的大小. 【解析】选A.因为f′(x)==. 当x∈(e,+∞)时,1-lnx<0, 所以f′(x)<0, 所以f(x)在(e,+∞)内为单调递减函数. 故f(a)>f(b). 5.(2016·烟台高二检测)若a>0,且f(x)=x3-ax在 B.(-1,1] C.(-1,1) D.上是单调函数,求a的取值范围. 【解析】f′(x)=(2x-2a)ex+(x2-2ax)ex =ex. 令f′(x)=0,即x2+2(1-a)x-2a=0. 解得x1=a-1-,x2=a-1+, 其中x1<x2. 当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况见下表: x (-∞,x1) x1 (x1,x2) x2 (x2,+∞) f′(x) + 0 - 0 + f(x) ↗ ↘ ↗ 因为a≥0, 所以x1<-1,x2≥0,f(x)在(x1,x2)上单调递减. 由此可得f(x)在上是单调函数的充要条件为x2≥1, 即a-1+≥1,解得a≥. 故所求a的取值范围为. 10.(2016·青岛高二检测)已知函数y=f(x)=x3+bx2+cx+d的图象经过点P(0,2),且在点M(-1,f(-1))处的切线方程为6x-y+7=0. (1)求函数y=f(x)的解析式. (2)求函数y=f(x)的单调区间. 【解析】(1)由y=f(x)的图象经过点P(0,2),知d=2, 所以f(x)=x3+bx2+cx+2,f′(x)=3x2+2bx+c. 由在点M(-1,f(-1))处的切线方程为6x-y+7=0, 知-6-f(-1)+7=0, 即f(-1)=1,f′(-1)=6. 所以即 解得b=c=-3. 故所求的解析式是y=f(x)=x3-3x2-3x+2. (2)f′(x)=3x2-6x-3. 令f′(x)>0,得x<1-或x>1+; 令f′(x)<0,得1-<x<1+. 故f(x)=x3-3x2-3x+2的单调递增区间为(-∞,1-)和(1+,+∞),单调递减区间为(1-,1+). 一、选择题(每小题5分,共10分) 1.已知对任意实数x,有f(-x)=-f(x),g(-x)=g(x),且当x>0时,有f′(x)>0, g′(x)>0,则当x<0时,有　(　　) A.f′(x)>0,g′(x)>0 B.f′(x)>0,g′(x)<0 C.f′(x)<0,g′(x)>0 D.f′(x)<0,g′(x)<0 【解析】选B.由题知f(x)是奇函数,g(x)是偶函数,根据奇偶函数图象特点知,当x<0时,f(x)的单调性与x>0时相同,g(x)的单调性与x>0时恰好相反.因此,当x<0时,有f′(x)>0,g′(x)<0. 2.(2016·南昌高二检测)设f(x),g(x)分别是定义在R上的奇函数和偶函数,当x<0时,f′(x)g(x)+f(x)g′(x)>0,且g(-3)=0,则不等式f(x)g(x)<0的解集 是　(　　) A.(-3,0)∪(3,+∞) B.(-3,0)∪(0,3) C.(-∞,-3)∪(3,+∞) D.(-∞,-3)∪(0,3) 【解析】选D.因为′=f′(x)g(x)+f(x)g′(x), 所以当x<0时,′>0, 所以f(x)·g(x)在(-∞,0)上是增函数, 又g(-3)=0,所以f(-3)g(-3)=0. 所以当x∈(-∞,-3)时,f(x)g(x)<0; 当x∈(-3,0)时,f(x)g(x)>0. 又因为f(x),g(x)分别是定义在R上的奇函数和偶函数, 所以f(x)g(x)在R上是奇函数,其图象关于原点对称. 所以当x∈(0,3)时,f(x)g(x)<0.综上,选D. 【补偿训练】(2015·全国卷Ⅱ)设函数f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围 是　(　　) A.(-∞,-1)∪(0,1)　　 B.(-1,0)∪(1,+∞) C.(-∞,-1)∪(-1,0) D.(0,1)∪(1,+∞) 【解析】选A.记函数g(x)=, 则g′(x)=, 因为当x>0时,xf′(x)-f(x)<0, 故当x>0时,g′(x)<0,所以g(x)在(0,+∞)上单调递减; 又因为函数f(x)(x∈R)是奇函数,故函数g(x)是偶函数, 所以g(x)在(-∞,0)上单调递增, 且g(-1)=g(1)=0. 当0<x<1时,g(x)>0,则f(x)>0; 当x<-1时,g(x)<0,则f(x)>0, 综上所述,使得f(x)>0成立的x的取值范围是(-∞,-1)∪ (0,1). 二、填空题(每小题5分,共10分) 3.(2016·泰安模拟)如果函数f(x)=2x2-lnx在定义域内的一个子区间(k-1,k+1)上不是单调函数,那么实数k的取值范围是　　　　　. 【解析】显然函数f(x)的定义域为(0,+∞), y′=4x-=. 由y′>0,得函数f(x)的单调递增区间为; 由y′<0,得函数f(x)的单调递减区间为, 由于函数在区间(k-1,k+1)上不是单调函数, 所以解得1≤k<. 答案: 4.(2016·盐城高二检测)若函数f(x)=(mx-1)ex在(0,+∞)上单调递增,则实数m的取值范围是　　　　. 【解析】因为f′(x)=(mx+m-1)ex, 由题意得f′(x)≥0在(0,+∞)上恒成立, 令g(x)=mx+m-1,则,解得m≥1. 答案:, 令f′(x)=0,得x1=1,x2=a-1. 因为f(x)在(1,4)内为减函数, 所以当x∈(1,4)时,f′(x)≤0; 因为f(x)在(6,+∞)内为增函数, 所以当x∈(6,+∞)时,f′(x)≥0. 所以4≤a-1≤6, 解得5≤a≤7. 所以实数a的取值范围为. 方法二:f′(x)=x2-ax+a-1. 因为f(x)在(1,4)内为减函数, 所以当x∈(1,4)时,f′(x)≤0; 因为f(x)在(6,+∞)内为增函数, 所以当x∈(6,+∞)时,f′(x)≥0. 所以即 解得5≤a≤7. 所以实数a的取值范围为. 6.(2015·驻马店高二检测)已知函数f(x)=(ax2+x-1)ex,其中e是自然对数的底数,a∈R. (1)若a=1,求曲线f(x)在点(1,f(1))处的切线方程. (2)若a=-1,求f(x)的单调区间. 【解析】(1)因为f(x)=(x2+x-1)ex, 所以f′(x)=(2x+1)ex+(x2+x-1)ex=(x2+3x)ex,所以曲线f(x)在点(1,f(1))处的切线斜率为k=f′(1)=4e. 又因为f(1)=e,所以所求切线方程为y-e=4e(x-1),即4ex-y-3e=0. (2)f(x)=(-x2+x-1)ex, 因为f′(x)=-x(x+1)ex,令f′(x)<0, 得x<-1或x>0,f′(x)>0得-1<x<0. 所以f(x)的减区间为(-∞,-1),(0,+∞),增区间为(-1,0). 关闭Word文档返回原板块