2016-2017学年人教A版高中数学必修2检测：第2章 点、直线、平面之间的位置关系 课后提升作业 15 2.3.3 Word版含解析.doc

课后提升作业 十五 直线与平面垂直的性质 (45分钟　70分) 一、选择题(每小题5分，共40分) 1.已知直线a，b和平面M，N，且a⊥M，则下列说法正确的是　(　　) A.b∥M⇒b⊥a　　　　　　 B.b⊥a⇒b∥M C.N⊥M⇒a∥N D.a⊄N⇒M∩N≠∅ 【解析】选A.对于A，如图1所示：过直线b作平面N与平面M相交于直线l，由直线与平面平行的性质定理可知：b∥l，又因为a⊥M，l⊂M，所以a⊥l，所以b⊥a，A正确.选项B，C均少考虑了直线在面内的情况，分别如图2，3所示，均错误；对于D，用排除法，如图4所示，M∥N，D错误. 2.(2016·太原高二检测)已知m，n表示两条不同直线，α表示平面.下列说法正确的是　(　　) A.若m∥α，n∥α，则m∥n　　 B.若m⊥α，n⊂α，则m⊥n C.若m⊥α，m⊥n，则n∥α D.若m∥α，m⊥n，则n⊥α 【解析】选B.对于A，若m∥α，n∥α，则m，n相交、平行或异面，不对；对于B，若m⊥α，n⊂α，则m⊥n，故B正确；对于C，若m⊥α，m⊥n，则n∥α或n⊂α，故C错；对于D，若m∥α，m⊥n，则n∥α或n⊂α或n⊥α，D不正确. 3.(2016·温州高二检测)设m，n表示两条不同的直线，α，β表示两个不同的平面，则下列命题不正确的是　(　　) A.m⊥α，m⊥β，则α∥β B.m∥n，m⊥α，则n⊥α C.m⊥α，n⊥α，则m∥n D.m∥α，α∩β=n，则m∥n 【解析】选D.A选项正确，两平面垂直于同一直线，两平面平行；B选项正确，两平行线中的一条垂直于某个平面，则另一条必垂直于这个平面；C选项正确，两直线垂直于同一平面，两直线平行；D选项错误，由线面平行的性质定理知，线平行于面，过线的面与已知面相交，则交线与已知直线平行，由于m和β的位置关系不确定，不能确定线线平行. 4.(2016·吉安高一检测)如图所示，PO⊥平面ABC，BO⊥AC，在图中与AC垂直的直线有　(　　) A.1条　　　　 B.2条　　　　 C.3条　　　 D.4条 【解析】选D.因为PO⊥平面ABC，AC⊂平面ABC，所以PO⊥AC，又因为AC⊥BO，PO∩BO=O，所以AC⊥平面PBD，因此，平面PBD中的4条直线PB，PD，PO，BD都与AC垂直. 5.如图，设平面α∩β=EF，AB⊥α，CD⊥α，垂足分别是B，D，如果增加一个条件，就能推出BD⊥EF，这个条件不可能是下面四个选项中的　(　　) A.AC⊥β B.AC⊥EF C.AC与BD在β内的射影在同一条直线上 D.AC与α，β所成的角相等 【解析】选D.因为AB⊥α，CD⊥α，所以AB∥CD，所以A，B，C，D四点共面.选项A，B中的条件都能推出EF⊥平面ABDC，则EF⊥BD.选项C中，由于AC与BD在β内的射影在同一条直线上，所以显然有EF⊥BD.选项D中，若AC∥EF，则AC与α，β所成角也相等，但不能推出BD⊥EF. 6.(2015·朔州高二检测)如图，在正方体ABCD-A1B1C1D1中，若E是A1C1的中点，则直线CE垂直于　(　　) A.AC B.BD C.A1D D.A1D1 【解析】选B.在正方体ABCD-A1B1C1D1中，E是A1C1，B1D1的中点，设O是AC，BD的交点，则EO⊥平面ABCD，所以EO⊥BD，又CO⊥BD，CO∩EO=O，所以BD⊥ 面COE，所以BD⊥CE. 7.正方体ABCD-A1B1C1D1中E为线段B1D1上的一个动点，则下列结论中错误的是　 (　　) A.AC⊥BE B.B1E∥平面ABCD C.三棱锥E-ABC的体积为定值 D.B1E⊥BC1 【解析】选D.对于A，因为在正方体中，AC⊥BD，AC⊥DD1，BD∩DD1=D， 所以AC⊥平面BB1D1D， 因为BE⊂平面BB1D1D，所以AC⊥BE，所以A正确. 对于B，因为B1D1∥平面ABCD，所以B1E∥平面ABCD成立，即B正确. 对于C，三棱锥E-ABC的底面△ABC的面积为定值，锥体的高BB1为定值，所以锥体体积为定值，即C正确. 对于D，因为D1C1⊥BC1，所以B1E⊥BC1错误. 8.(2016·福州高一检测)已知棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中，点E，F，M分别是AB，AD，AA1的中点，又P，Q分别在线段A1B1，A1D1上，且A1P=A1Q=x，0<x<1，设平面MEF∩平面MPQ=l，则下列结论中不成立的是　(　　) A.l∥平面ABCD B.l⊥AC C.平面MEF与平面MPQ不垂直 D.当x变化时，l不是定直线 【解析】选D.因为A1P=A1Q=x，所以PQ∥B1D1，又E，F分别是AB，AD的中点，故EF∥BD，从而PQ∥EF，而EF⊄平面MPQ，PQ⊂平面MPQ，故EF∥平面MPQ，且平面MEF∩平面MPQ=l，从而EF∥l，而l⊄平面ABCD，EF⊂平面ABCD，所以l∥平面ABCD，故A正确；由EF∥BD，AC⊥BD，所以AC⊥EF，又EF∥l，所以AC⊥l，故B正确；设A1C1∩B1D1=H，连接MH，易证MH⊥平面MEF，而MH⊄平面MPQ，故平面MPQ与平面MEF不垂直，故C正确，综上，不正确的为D项. 【补偿训练】如图，PA⊥☉O所在的平面，AB是☉O的直径，C是☉O上的一点，AE⊥PB于E，AF⊥PC于F，给出下列结论：①BC⊥平面PAC；②AF⊥平面PCB；③EF⊥PB；④AE⊥平面PBC.其中正确命题的个数是(　　) A.1　　　　 B.2　　　　 C.3　　　　 D.4 【解析】选C.因为PA⊥☉O所在的平面，BC⊂☉O所在的平面，所以PA⊥BC，而BC⊥AC，AC∩PA=A，所以BC⊥平面PAC，故①正确；又因为AF⊂平面PAC，所以AF⊥BC，而AF⊥PC，PC∩BC=C，所以AF⊥平面PCB，故②正确；而PB⊂平面PCB，所以AF⊥PB，而AE⊥PB，AE∩AF=A，所以PB⊥平面AEF，而EF⊂平面AEF，所以EF⊥PB，故③正确；因为AF⊥平面PCB，假设AE⊥平面PBC，所以AF∥AE，显然不成立，故④不正确. 二、填空题(每小题5分，共10分) 9.如图，在正方体ABCD-A1B1C1D1中，给出以下四个结论： ①D1C∥平面A1ABB1；②A1D1与平面BCD1相交； ③AD⊥平面D1DB；④平面BCD1⊥平面A1ABB1. 其中正确结论的序号是________. 【解析】对于①，因为平面A1ABB1∥平面DCC1D1，而D1C⊂平面DCC1D1，故D1C与平面A1ABB1没有公共点，所以D1C∥平面A1ABB1，即①正确；对于②，因为A1D1∥BC，所以A1D1⊂平面BCD1，所以②错误；对于③，只有AD⊥D1D，而AD与平面BDD1内其他直线不垂直，所以③错误；对于④，在正方体ABCD-A1B1C1D1中，易得BC⊥平面A1ABB1，而BC⊂平面BCD1，所以平面BCD1⊥平面A1ABB1，所以④正确. 答案：①④ 10.(2016·杭州高二检测)如图，在直角梯形ABCD中，BC⊥DC，AE⊥DC，M，N分别是AD，BE的中点，将三角形ADE沿AE折起，下列说法正确的是________(填上所有正确的序号). ①不论D折至何位置(不在平面ABC内)都有MN∥平面DEC； ②不论D折至何位置都有MN⊥AE； ③不论D折至何位置(不在平面ABC内)都有MN∥AB； ④在折起过程中，一定存在某个位置，使EC⊥AD. 【解析】将三角形ADE沿AE折起后几何体如图所示. ①取DE，EC的中点分别为H，G，连接MH，HG，GN，则四边形MNGH为平行四边形，所以MN∥GH，而GH⊂平面DEC，MN⊄平面DEC，所以MN∥平面DEC，所以①正确. ②因为MN∥GH，而AE⊥EC，AE⊥DE， EC∩DE=E，所以AE⊥平面EDC， 所以AE⊥GH，故AE⊥MN，②正确. ③因为GH与EC相交，而AB∥EC，故无论D折到何位置AB都不平行于MN，③错. ④当EC⊥ED时，因为CE⊥AE，所以CE⊥平面AED， 所以CE⊥AD，所以存在某个位置，使EC⊥AD，所以④正确. 答案：①②④ 【补偿训练】AB是☉O的直径，点C是☉O上的动点(点C不与A，B重合)，过动点C的直线VC垂直于☉O所在的平面，D，E分别是VA，VC的中点，则下列结论中正确的是________(填写正确结论的序号). (1)直线DE∥平面ABC. (2)直线DE⊥平面VBC. (3)DE⊥VB. (4)DE⊥AB. 【解析】因为AB是☉O的直径，点C是☉O上的动点(点C不与A，B重合)， 所以AC⊥BC， 因为VC垂直于☉O所在的平面， 所以AC⊥VC，又BC∩VC=C，.Com] 所以AC⊥平面VBC. 因为D，E分别是VA，VC的中点， 所以DE∥AC，又DE⊄平面ABC，AC⊂平面ABC， 所以DE∥平面ABC， DE⊥平面VBC，DE⊥VB， DE与AB所成的角为∠BAC是锐角，故DE⊥AB不成立.由以上分析可知(1)(2)(3)正确. 答案：(1)(2)(3) 三、解答题(每小题10分，共20分) 11.(2016·重庆高一检测)在四棱锥P-ABCD中，PA⊥底面ABCD，AB⊥AD，AC⊥CD，∠ABC=60°，PA=AB=BC，点E是PC的中点. 证明：(1)CD⊥AE. (2)PD⊥平面ABE. 【解题指南】(1)要证线线垂直，可先证线面垂直，进而由线面垂直的定义得出线线垂直. (2)要证明线面垂直，则先证明直线垂直于平面内的两条相交直线. 【证明】(1)在四棱锥P-ABCD中， 因为PA⊥底面ABCD，CD⊂平面ABCD，故PA⊥CD. 又因为AC⊥CD，PA∩AC=A，所以CD⊥平面PAC. 而AE⊂平面PAC， 所以CD⊥AE. (2)由PA=AB=BC，∠ABC=60°， 得△ABC是等边三角形，故AC=PA. 因为点E是PC的中点，所以AE⊥PC. 由(1)知：AE⊥CD，且PC∩CD=C， 所以AE⊥平面PCD. 而PD⊂平面PCD，所以AE⊥PD. 又因为PA⊥底面ABCD， 所以PA⊥AB. 又AB⊥AD，且PA∩AD=A， 所以AB⊥平面PAD， 故AB⊥PD.又因为AB∩AE=A， 所以PD⊥平面ABE. 【拓展延伸】遵循从“低维”到“高维”的转化原则 在解决线面、面面平行、垂直判定时，一般遵循从“低维”到“高维”的转化，即从“线线平行、垂直”到“线面平行、垂直”，再到“面面平行、垂直”；而在应用性质定理时，其顺序恰好相反，但也要注意，转化的方向总是由题目的具体条件而定，绝不可过于“模式化”. 12.(2016·雅安高二检测)如图1，在Rt△ABC中，∠C=90°，BC=6，AC=3，D，E分别是AC，AB上的点，且DE∥BC，DE=4，将△ADE沿DE折起到△A1DE的位置，使A1C⊥CD，如图2. (1)求证：A1C⊥平面BCDE. (2)过点E作截面EFH∥平面A1CD，分别交CB于F，A1B于H，求截面EFH的面积. 【解析】(1)因为CD⊥DE，A1D⊥DE，CD∩A1D=D，所以DE⊥平面A1CD. 又因为A1C⊂平面A1CD，所以A1C⊥DE. 又A1C⊥CD，DE∩CD=D，所以A1C⊥平面BCDE. (2)过点E作EF∥CD交BC于F， 过点F作FH∥A1C， 交A1B于H，连接EH.则截面EFH∥平面A1CD. 因为四边形EFCD为矩形，所以EF=CD=1，CF=DE=4，从而FB=2，HF=A1C=. 因为A1C⊥平面BCDE，FH∥A1C， 所以HF⊥平面BCDE，所以HF⊥FE. 所以S△HFE=. 【能力挑战题】 如图，已知二面角α-MN-β的大小为60°，菱形ABCD在平面β内，A，B两点在棱MN上，∠BAD=60°，E是AB的中点，DO⊥平面α，垂足为O. (1)证明：AB⊥平面ODE. (2)求异面直线BC与OD所成角的余弦值. 【解析】(1)如图， 因为DO⊥α，AB⊂α，所以DO⊥AB，连接BD，由题设知，△ABD是正三角形，又E是AB的中点，所以DE⊥AB，DO∩DE=D，故AB⊥平面ODE. (2)因为BC∥AD，所以BC与OD所成的角等于AD与OD所成的角，即∠ADO是BC与OD所成的角. 由(1)知，AB⊥平面ODE，所以AB⊥OE，又DE⊥AB，于是∠DEO是二面角α-MN-β的平面角，从而∠DEO=60°. 不妨设AB=2，则AD=2，易知DE=. 在Rt△DOE中，DO=DE·sin60°=， 连接AO，在Rt△AOD中，cos∠ADO===， 故异面直线BC与OD所成角的余弦值为.