2016-2017学年人教A版必修五 2.5等比数列的前n项和（二）教案.doc

2016-2017学年人教A版必修五 2.5等比数列的前n项和（一）教案 教学目标： 综合运用等比数列的定义式、通项公式、性质及前n项求和公式解决相关问题，提高学生分析、解决问题的能力. 教学重点： 进一步熟练掌握等比数列的通项公式和前n项和公式. 教学难点： 灵活使用有关知识解决问题 教学过程： Ⅰ.复习回顾 前面我们学习了哪些有关等比数列的知识? 定义式：＝q(q≠0，n≥2) 通项公式：an＝a1qn－1(a1,q≠0) 若m＋n＝p＋q，则am·an＝ap·aq, Sn＝＝ (q≠1) Sn＝na1，(q＝1) an＝Sn－Sn－1(n≥2)，a1＝S1(n＝1) Ⅱ.讲授新课 我们结合一些练习来看一下如何灵活应用它们. ［例1］求和：（x＋）＋（x2＋）＋…＋（xn＋） (其中x≠0，x≠1，y≠1) 分析：上面各个括号内的式子均由两项组成，其中各括号内的前一项与后一项分别组成等比数列，分别求出这两个等比数列的和，就能得到所求式子的和. 解：当x≠0，x≠1，y≠1时， （x＋）＋（x2＋）＋…＋（xn＋）＝(x＋x2＋…＋xn)＋(＋＋…＋) ＝＋ ＝＋ 此方法为求和的重要方法之一：分组求和法. ［例2］已知Sn是等比数列{an}的前n项和，S3，S9，S6成等差数列，求证：a2，a8，a5成等差数列. 分析：由题意可得S3＋S6＝2S9，要证a2，a8，a5成等差数列，只要证a2＋a5＝2a8即可. 证明：∵S3，S9，S6成等差数列，∴S3＋S6＝2S9 若q＝1，则S3＝3a1，S6＝6a1，S9＝9a1，由等比数列中，a1≠0得S3＋S6≠2S9，与题设矛盾，∴q≠1， ∴S3＝，S6＝，S9＝且 ＋＝ 整理得q3＋q6＝2q9，由q≠0得1＋q3＝2q6 又∵a2＋a5＝a1q＋a1q4＝a1q(1＋q3)，∴a2＋a5＝a1q·2q6＝2a1q7＝2a8 ∴a2，a8，a5成等差数列. 评述：要注意题中的隐含条件与公式的应用条件. ［例3］某制糖厂第1年制糖5万吨，如果平均每年的产量比上一年增加10%，那么从第1年起，约几年内可使总产量达到30万吨(保留到个位)? 分析：由题意可知，每年产量比上一年增加的百分率相同，所以从第1年起，每年的产量组成一个等比数列，总产量则为等比数列的前n项和. 解：设每年的产量组成一个等比数列{an}，其中a1＝5，q＝1＋10%＝1.1，Sn＝30 ∴＝30，整理可得：1.1n＝1.6 两边取对数，得nlg1.1＝lg1.6，即：n＝≈5 答：约5年内可以使总产量达到30万吨. 评述：首先应根据题意准确恰当建立数学模型，然后求解. Ⅲ.课堂练习 课本P58练习1，2，3 Ⅳ.课时小结 通过本节学习，应掌握等比数列的定义式、通项公式、性质以及前n项求和公式的灵活应用.利用它们解决一些相关问题时，应注意其特点. Ⅴ.课后作业 课本P58习题 3，4，5 等比数列的前n项和(二) 1．数列{an}为正数的等比数列，它的前n项和为80，且前n项中数值最大的项为54，它的前2n项的和为6560，求此数列的首项和公比. 2．已知数列{an}是等比数列，试判断该数列依次k项的和组成的数列{bn}是否仍为等比数列？ 3．求数列1，a＋a2，a2＋a3＋a4，a3＋a4＋a5＋a6，…的前n项和Sn. 4．数列{an}中，Sn＝1＋kan(k≠0，k≠1) (1)证明数列{an}为等比数列；（2）求通项an；(3)当k＝－1时，求和a12＋a22＋…＋an2. 5．已知一个项数是偶数的等比数列的首项为1，其奇数项的和为85，偶数项的和为170，求这个数列的公比和项数. 6．等比数列{an}中，S4＝1，S8＝3，求a17＋a18＋a19＋a20的值. 7．求和（x＋）2＋（x2＋）2＋…＋（xn＋）2 8．求数列2x2，3x3，4x4，…，nxn，…的前n项和. 等比数列的前n项和(二)答案 1．数列{an}为正数的等比数列，它的前n项和为80，且前n项中数值最大的项为54，它的前2n项的和为6560，求此数列的首项和公比. 分析：利用等比数列的前n项和公式Sn＝解题. 解：若q＝1，则应有S2n＝2Sn，与题意不合，故q≠1. 当q≠1时，由已知得 由，得＝82，即q2n－82qn＋81＝0 得qn＝81或qn＝1(舍) ∴qn＝81，故q＞1. {an}的前n项中最大，有an＝54.将qn＝81代入①，得a1＝q－1 ③ 由an＝a1qn－1＝54，得a1qn＝54q 即81a1＝54q ④ 由③、④得a1＝2，q＝3 评述：在数学解题中还应有一个整体观念，如本题求出qn＝81，应保留qn为一个整体求解方便. 2．已知数列{an}是等比数列，试判断该数列依次k项的和组成的数列{bn}是否仍为等比数列？ 分析：应对{an}的公比q分类讨论. 解：设bn＝a(n－1)k+1＋a(n－1)k+2＋…＋ank，且数列{an}的公比为q 则当q＝1时，b1＝b2＝…＝bn＝…＝ka1, ∴{bn}为公比是1的等比数列. 当q≠±1时，bn＝，＝＝qk ∴{bn}为公比是qk的等比数列. 当q＝－1时，若k为偶数，则bn＝0，此时{bn}不能为等比数列. 若k为奇数，数列{bn}为公比为－1的等比数列. 综上：当{an}的公比不为－1时，数列{bn}仍为等比数列；当{an}的公比为－1时，若k为偶数，则{bn}不是等比数列；当k为奇数时，数列{bn}为公比为－1的等比数列. 3．求数列1，a＋a2，a2＋a3＋a4，a3＋a4＋a5＋a6，…的前n项和Sn. 解：(1)a＝0时，Sn＝1；(2)a＝1时，Sn＝n(n＋1)； (3)a＝－1时，Sn＝； (4)a＝±1；a≠0时，Sn＝. 4．数列{an}中，Sn＝1＋kan(k≠0，k≠1) (1)证明数列{an}为等比数列；（2）求通项an；(3)当k＝－1时，求和a12＋a22＋…＋an2. 分析：由于条件中涉及Sn与an的关系，因此，要考虑Sn－Sn－1＝an(n≥2)的运用，然后回答定义. （1）证明：∵Sn＝1＋kan ① Sn－1＝1＋kan－1 ② ①－②得Sn－Sn－1＝kan－kan－1(n≥2) ∴(k－1)an＝kan－1，＝ (常数)，（n≥2） ∴{an}是公比为的等比数列. （2）解：∵S1＝a1＝1＋ka1，∴a1＝ ∴an＝·()n－1＝－ (3)解：∵{an}中a1＝，q＝ ∴{an2}为首项为（）2，公比为（）2的等比数列. 当k＝－1时，等比数列{an2}的首项为 ，公比为 ∴a12＋a22＋…＋an2＝＝[1－（）n] 评述：应注意an＝的应用. 5．已知一个项数是偶数的等比数列的首项为1，其奇数项的和为85，偶数项的和为170，求这个数列的公比和项数. 解：设数列的公比为q，项数为2n 则，得q(a1＋a3＋…＋a2n－1)＝170，∴q＝2 又∵＝85，即＝85 ∴22n＝256＝28，∴2n＝8 评述：在等比数列的通项公式和前n项和公式中，共涉及到a1，n，q，an，Sn5个量，其中a1和q是基本量，利用这两个公式，可知三求二. 6．等比数列{an}中，S4＝1，S8＝3，求a17＋a18＋a19＋a20的值. 分析：关键是确定首项和公比. 解：设此数列的首项和公比为a1和q. 则 由②÷①得q4＝2. ∴a17＋a18＋a19＋a20＝S20－S16 ＝－＝＝q16＝24＝16. 评述：在研究等比数列的问题中，要确定基本量a1和q,仍然离不开方程思想，在具体求解时，得到的方程往往是高次方程，因此，要注意优化与化简. 7．求和（x＋）2＋（x2＋）2＋…＋（xn＋）2 分析：注意到（xn＋）2＝an＝x2n＋＋2，且{x2n}与{()2n}为等比数列，故可考虑拆项法. 解：Sn＝(x2＋x4＋…＋x2n)＋(＋＋…＋)＋ 当x＝±1时， Sn＝n＋n＋2n＝4n. 当x≠±1时，Sn＝＋＋2n ＝＋2n 评述：在运用等比数列的求和公式时，要注意分析公比是否为1. 8．求数列2x2，3x3，4x4，…，nxn，…的前n项和. 分析：可以通过错位相减的方法转化为等比数列的求和问题. 解：（1）当x＝0时，Sn＝0. (2)当x＝1时，Sn＝2＋3＋4＋…＋(n＋1)＝n(n＋3). (3)当x≠1时，Sn＝2x2＋3x3＋4x4＋…＋(n＋1)xn+1 ① xSn＝2x3＋3x4＋4x5＋…＋nxn+1＋(n＋1)xn+2 ② ①－②得：（1－x）Sn＝2x2＋x3＋x4＋…＋xn+1－(n＋1)xn+2 ＝2x2＋－(n＋1)xn+2 ∴Sn＝ ③ 又当x＝0时，Sn＝0适合③ ∴Sn＝ 评述：错位相减法是一种常用的重要的求和方法.