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玉林
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解析
2020年初中学业水平考试数学
一、选择题
1.2的倒数是( )
A. 2 B. C. D. -2
【答案】B
【解析】
【分析】倒数定义:乘积为1的两个数互为倒数,由此即可得出答案.
【详解】∵2×=1,
∴2的倒数是,
故选B .
【点睛】本题考查了倒数的定义,熟知乘积为1的两个数互为倒数是解题的关键.
2.sin45°的值等于( )
A. B. C. D. 1
【答案】B
【解析】
【分析】
根据特殊角的三角函数值即可求解.
【详解】sin45°=.
故选B.
【点睛】错因分析:容易题.失分的原因是没有掌握特殊角的三角函数值.
3.2019新型冠状光病毒的直径是0.00012mm,将0.00012用科学记数法表示是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据科学记数法的表示方法表示即可.
【详解】0.00012=.
故选C.
【点睛】本题考查科学记数法的表示,关键在于牢记表示方法.
4.如图是由4个完全相同的正方形搭成的几何体,则( )
A. 三视图都相同 B. 俯视图与左视图都相同
C. 主视图与俯视图都相同 D. 主视图与左视图相同
【答案】D
【解析】
【分析】
根据从正面看得到的图形是主视图,从上边看得到的图形是俯视图,从左边看得到的图形是左视图,可得答案.
【详解】解:从正面看最下面一层有2个小正方形,第二层有1个小正方形,
从左边看最下面一层有2个小正方形,第二层有1个小正方形,
从上面看靠外边一层有1个小正方形,靠里边一层有2个小正方形,
故选:D.
【点睛】本题考查了简单组合体的三视图,从正面看得到的图形是主视图,从上边看得到的图形是俯视图,从左边看得到的图形是左视图.
5.下列计算正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据整式的加减乘除运算法则逐个运算即可求解.
【详解】解:选项A:,故选项A错误;
选项B:,故选项B错误;
选项C:,故选项C正确;
选项D:,故选项D错误.
故选:C.
【点睛】本题考查了整式的加减乘除运算法则,熟练掌握运算法则是解决此类题的关键.
6.下列命题中,其逆命题是真命题的是( )
A. 对顶角相等 B. 两直线平行,同位角相等
C. 全等三角形的对应角相等 D. 正方形的四个角相等
【答案】B
【解析】
【分析】
先写成各选项的逆命题,再根据对顶角的定义、平行线的判定、三角形全等的判定、正方形的判定逐项判断即可得.
【详解】A、逆命题:如果两个角相等,那么这两个角是对顶角
相等的两个角不一定是对顶角,则此逆命题是假命题
B、逆命题:同位角相等,两直线平行
由平行线的判定可知,此逆命题是真命题
C、逆命题:如果两个三角形的对应角相等,则这两个三角形是全等三角形
由三角形全等的判定定理可知,此逆命题是假命题
D、逆命题:如果一个四边形的四个角都相等,则这个四边形是正方形
如果一个四边形的四个角都相等,则这个四边形是矩形,不一定是正方形,则此逆命题是假命题
故选:B.
【点睛】本题考查了命题的逆命题、对顶角的定义、平行线的判定、三角形全等的判定、正方形的判定,正确写出各命题的逆命题是解题关键.
7.在对一组样本数据进行分析时,小华列出了方差的计算公式,由公式提供的信息,则下列说法错误的是( )
A. 样本的容量是4 B. 样本的中位数是3 C. 样本的众数是3 D. 样本的平均数是3.5
【答案】D
【解析】
【分析】
先根据方差的计算公式得出样本数据,从而可得样本的容量,再根据中位数与众数的定义、平均数的计算公式逐项判断即可得.
【详解】由方差的计算公式得:这组样本数据为
则样本的容量是4,选项A正确
样本的中位数是,选项B正确
样本的众数是3,选项C正确
样本的平均数是,选项D错误
故选:D.
【点睛】本题考查了中位数与众数的定义、平均数与方差的计算公式等知识点,依据方差的计算公式正确得出样本数据是解题关键.
8.点D,E分别是三角形ABC的边AB,AC的中点,如图,
求证:且
证明:延长DE到F, 使EF=DE,连接FC,DC,AF,
又AE=EC,则四边形ADCF是平行四边形,
接着以下是排序错误的证明过程;
①;
②;
③四边形DBCF是平行四边形;
④且
则正确的证明排序应是:( )
A. ②③①④ B. ②①③④ C. ①③④② D. ①③②④
【答案】A
【解析】
【分析】
根据已经证明出四边形ADCF是平行四边形,则利用平行四边形的性质可得,可得,证出四边形DBCF是平行四边形,得出,且,即可得出结论且,对照题中步骤,即可得出答案.
【详解】解:四边形ADCF是平行四边形,
,
,
四边形DBCF是平行四边形,
,且;
,
;
且;
对照题中四个步骤,可得②③①④正确;
故答案选:A.
【点睛】本题考查平行四边形性质与判定综合应用;当题中出现中点的时候,可以利用中线倍长的辅助线做法,证明平行四边形后要记得用平行四边形的性质继续解题.
9.如图是A,B,C三岛的平面图,C岛在A岛的北偏东35度方向,B岛在A岛的北偏东80度方向,C岛在B岛的北偏西55度方向,则A,B,C三岛组成一个( )
A. 等腰直角三角形 B. 等腰三角形 C. 直角三角形 D. 等边三角形
【答案】A
【解析】
【分析】
先根据方位角的定义分别可求出,再根据角的和差、平行线的性质可得,,从而可得,然后根据三角形的内角和定理可得,最后根据等腰直角三角形的定义即可得.
【详解】由方位角的定义得:
由题意得:
由三角形的内角和定理得:
是等腰直角三角形
即A,B,C三岛组成一个等腰直角三角形
故选:A.
【点睛】本题考查了方位角的定义、平行线的性质、三角形的内角和定理、等腰直角三角形的定义等知识点,掌握理解方位角的概念是解题关键.
10.观察下列按一定规律排列的n个数:2,4,6,8,10,12,…;若最后三个数之和是3000,则n等于( )
A. 499 B. 500 C. 501 D. 1002
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意列出方程求出最后一个数,除去一半即为n的值.
【详解】设最后三位数为x-4,x-2,x.
由题意得: x-4+x-2+x=3000,
解得x=1002.
n=1002÷2=501.
故选C.
【点睛】本题考查找规律的题型,关键在于列出方程简化步骤.
11.一个三角形支架三条边长分别是75cm,100cm,120cm,现要再做一个与其相似的三角形木架,而只有长为60cm,120cm的两根木条,要求以其中一根为一边,从另一根上截下两段作为另两边(允许有余料),则不同的截法有( )
A. 一种 B. 两种 C. 三种 D. 四种
【答案】B
【解析】
【分析】
设截成的两边的长分别为xcm、ycm,然后根据相似三角形对应边成比例,分两种情况求解即可.
【详解】解:设截成的两边的长分别为xcm、ycm,
若从60cm长的木条上截取,
∵x+y≤60<120,
∴不符合题意;
若从120cm长的木条上截取,
①当60cm与75cm是对应边时,
∵两三角形相似,
∴,
解得x=80,y=96,
∵80+96=176cm>120cm,
∴此种情况不符合题意;
②当60cm与100cm是对应边时,
∵两三角形相似,
∴,
解得x=45,y=72,
∵60cm <45+72=117cm<120cm,
∴从120cm长的木条截取45cm和72cm两根木条;
③当60cm与120cm是对应边时,
∵两三角形相似,
∴,
解得x=375,y=50,
∵60cm <37.5+50=87.5cm<120cm,
∴从120cm长的木条截取37.5cm和50cm两根木条;
综上所述,共有两种截法:方法一:从120cm长的木条截取45cm和72cm两根木条,方法二:从120cm长的木条截取37.5cm和50cm两根木条.
故选B.
【点睛】本题考查了相似三角形的应用,主要利用了相似三角形对应边成比例的性质,难点在于根据对应边的不同分情况讨论.
12.把二次函数的图象作关于x轴的对称变换 ,所得图象的解析式为,若,则m的最大值为( )
A. B. 0 C. 2 D. 6
【答案】D
【解析】
【分析】
先根据二次函数图形的变换规律可得变换后的函数解析式为,再根据对称轴、与y轴的交点问题可求出,,然后代入解一元一次不等式即可得.
【详解】由二次函数图形的变换规律得:把二次函数的图象作关于x轴的对称变换,所得图象的解析式为
则与相同
由对称轴得:,解得
当时,由函数得;由函数得
则,即
将,代入得:
整理得:
解得
则m的最大值为6
故选:D.
【点睛】本题考查了二次函数的图象与性质(对称性、与y轴的交点)、一元一次不等式等知识点,依据二次函数的图象与性质求出b、c与a的关系等式是解题关键.
二、填空题
13.计算:_________.
【答案】6
【解析】
【分析】
根据负有理数的减法法则计算即可.
【详解】.
故答案为:6.
【点睛】本题考查负有理数的减法计算,关键在于熟练掌握计算法则.
14.分解因式:________________.
【答案】.
【解析】
【分析】
首先提取公因式a,再利用平方差公式进行二次分解即可.
【详解】==.
故答案为.
15.如图,将两张对边平行且相等的纸条交叉叠放在一起,则重合部分构成的四边形ABCD_________菱形(是,或不是).
【答案】是
【解析】
【分析】
如图(见解析),先根据“两张对边平行且相等的纸条”得出,再根据平行四边形的判定可得四边形ABCD是平行四边形,然后根据三角形全等的判定定理与性质可得,最后根据菱形的判定即可得.
【详解】如图,过点B作,交DA延长线于点E,过点D作,交BA延长线于点F
由题意得:
四边形ABCD是平行四边形
和中,
平行四边形ABCD是菱形
故答案为:是.
【点睛】本题考查了平行四边形与菱形的判定、三角形全等的判定定理与性质等知识点,熟练掌握平行四边形与菱形的判定是解题关键.
16.经过人民路十字路口红绿灯处两辆汽车,可能直行,也可能左转,如果这两种可能性大小相同,则至少有一辆向左转的概率是________.
【答案】
【解析】
【分析】
可以采用列表法或树状图求解.可以得到一共有4种情况,至少有一辆向左转有3种情况,根据概率公式计算可得.
【详解】解:由题意画出“树状图”如下:
∵这两辆汽车行驶方向共有4种可能的结果,其中至少有一辆向左转有3种情况,
∴至少有一辆向左转的概率是.
故答案为:.
【点睛】此题考查了树状图法求概率.解题的关键是根据题意画出树状图,再由概率=所求情况数与总情况数之比求解.
17.如图,在边长为3的正六边形ABCDEF中,将四边形ADEF绕点A顺时针旋转到四边形处,此时边与对角线AC重叠,则图中阴影部分的面积是___________.
【答案】9
【解析】
【分析】
如图(见解析),先根据正六边形的性质、等边三角形的判定与性质得出正六边形的面积和的面积,再根据旋转的性质、线段的和差得出的长,从而可得的面积,然后根据即可得.
【详解】六边形ABCDEF是边长为3正六边形
其每个内角的度数为,,
,
如图,连接BE,交AD于点O,交AC于点P,则点O为正六边形的中心
是等边三角形,
是等腰三角形,且
由旋转的性质可知,,
则
故答案为:9.
【点睛】本题考查了正六边形的性质、等边三角形的判定与性质、等腰三角形的三线合一、旋转的性质等知识点,熟练掌握正六边形的性质与旋转的性质是解题关键.
18.已知函数与函数的部分图像如图所示,有以下结论:
①当时,都随x的增大而增大;
②当时, ;
③的图像的两个交点之间的距离是2;
④函数的最小值为2;
则所有正确的结论是_________.
【答案】②③④
【解析】
【分析】
先补充完整两个函数的图象,再根据函数图象的增减性、对称性、交点问题可判断结论①②③,然后根据完全平方公式、偶次方的非负性可判断结论④.
【详解】当时,,
当时,,
画出两个函数的图象如下所示:
则当时,随x的增大而减小;随x的增大而增大,结论①错误
当时,函数的图象位于函数的图象的上方,则,结论②正确
当时,
即的图象位于第一象限的交点坐标为
由对称性可知,的图象位于第二象限的交点坐标为
因此,的图象的两个交点之间的距离是,结论③正确
又,当且仅当,即时,等号成立
即函数的最小值为2,结论④正确
综上,所有正确的结论是②③④
故答案为:②③④.
【点睛】本题考查了正比例函数与反比例函数的综合、完全平方公式、偶次方的非负性等知识点,熟练掌握正比例函数与反比例函数的图象与性质是解题关键.
三、解答题
19.计算:
【答案】10.
【解析】
【分析】
先计算零指数幂、绝对值运算、算术平方根,再计算二次根式的乘法、去括号、有理数的乘方,然后计算二次根式的加减法即可得.
【详解】原式
.
【点睛】本题考查了零指数幂、绝对值运算、算术平方根、二次根式的加减法与乘法等知识点,熟记各运算法则是解题关键.
20.解方程组:
【答案】.
【解析】
【分析】
利用加减消元法解二元一次方程组即可.
【详解】
①②得
解得
将代入②得
解得
则方程组的解为.
【点睛】本题考查了利用加减消元法解二元一次方程组,熟练掌握二元一次方程组的解法是解题关键.
21.已知关于x的一元二次方程有两个不相等的实数根.
(1)求k的取值范围;
(2)若方程的两个不相等实数根是a,b,求的值.
【答案】(1)k>-1;(2)1
【解析】
【分析】
(1)根据∆>0列不等式求解即可;
(2)根据根与系数的关系求出a+b、ab的值,然后代入所给代数式计算即可.
【详解】解:(1)由题意得
∆=4+4k>0,
∴k>-1;
(2)∵a+b=-2,ab=-k,
∴
=
=
=
=1.
【点睛】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)根的判别式与根的关系,以及根与系数的关系,若x1,x2为方程的两个根,则x1,x2与系数的关系式:,.
22.在镇村两委及帮扶人大力扶持下,贫困户周大叔与某公司签定了农产品销售合同,并于今年在自家荒地种植了A,B,C,D四种不同品种的树苗共300棵,其中C品种果树苗的成活率为,几个品种果树树苗种植情况及其成活情况分别绘制在下列图①和图②两个尚不完整的统计图中.
(1)种植B品种树苗有多少棵;
(2)请你将图②的统计图补充完整;
(3)通过计算说明,哪个品种的果树苗成活率最高?
【答案】(1)种植B品种树苗有棵;(2)补全图形见解析;(3)C品种果树苗的成活率最高.
【解析】
【分析】
(1)由总量乘以B品种树苗所占的百分比即可得到答案;
(2)先计算出种树苗种植的数量,得到成活的数量,补全图形即可;
(3)分别计算出三种树苗的成活率,结合已知的种树苗的成活率,从而可得答案.
【详解】解:(1)由题意得:种植B品种树苗有:
(棵).
(2)因为种树苗种植了棵,
所以成活棵,
补全图形如下:
图②
(3)种树苗的成活率为:
种树苗的成活率为:
C品种果树苗的成活率为,
品种果树苗的成活率为
所以:C品种果树苗的成活率最高.
【点睛】本题考查的是从条形统计图与扇形统计图中获取有效的信息,同时考查了对信息的整理与计算,掌握以上知识是解题的关键.
23.如图,AB是圆O的直径,点D在直径AB上(D与A,B不重合),CD⊥AB,且CD=AB,连接CB与圆O交于点F,在CD上取一点E,使得EF=EC.
(1)求证:EF是圆O的切线;
(2)若D是OA的中点,AB=4,求CF的长.
【答案】(1)见解析;(2)
【解析】
【分析】
(1)连接OF和AF,证明∠GFE=∠AGD,进而可证明∠OFE=90°后即可求解;
(2)先由AB=CD=4,BD=3,在Rt△BCD中结合勾股定理求出BC,再证明△ABF∽△CBD,由对应边成比例求出BF的长,最后用BC减去BF就是所求的CF的长.
【详解】解:(1)连接OF和AF,设AF与DC相交于点G,如下图所示:
∵OA=OF,
∴∠A=∠OFA,
∵AB为圆O的直径,∴∠AFB=∠AFC=90°,
∴∠C+∠CGF=90°,∠GFE+∠EFC=90°
又EC=EF,∴∠C=∠EFC,
∴∠CGF=∠GFE,
又∠CGF=∠AGD,
∴∠GFE=∠AGD
∴∠OFE=∠OFA+∠GFE=∠A+∠AGD=180°-∠ADG=180°-90°=90°,
∴OF⊥EF,
∴EF是圆O的切线.
(2)如下图所示,
∵D是OA的中点,且AB=4,
∴DO=1,BD=BO+DO=3,
又AB=CD=4,
∴在Rt△BCD中,BC²=BD²+CD²=3²+4²=5²,
∴BC=5,
又∠BDC=∠BFA=90°,且∠B=∠B,
∴△ABF∽△CBD,
∴,代入数据后得:,
∴,
∴,
故答案为:.
【点睛】本题考查了圆周角定理、圆的切线的判定定理、等腰三角形的性质、相似三角形的判定和性质、勾股定理等知识,熟练掌握其定理及性质是解决此类题的关键.
24.南宁至玉林高速铁路已于去年开工建设,玉林辆隧道是全线控制性隧道,首期打通共有土石方总量600千立方米,总需要时间y天,且完成首期工程限定时间不超过600天.设每天打通土石方x千立方米.
(1)求y与x之间的函数关系式及自变量x的取值范围;
(2)由于工程进度的需要,实际平均每天挖掘土石方比原计划多0.2千立方米,工期比原计划提前了100天完成,求实际挖掘了多少天才能完成首期工程?
【答案】(1)(0<x≤600);(2)实际挖掘了500天才能完成首期工程
【解析】
【分析】
(1)根据“工作时间=总工作量÷每天工作量”,即可得出y关于x的函数关系式;
(2)根据工期比原计划提前了100天列方程求解即可.
【详解】解:(1)∵共有土石方总量600千立方米,
∴(0<x≤600);
(2)由题意得
,
解得x1=1,x2=(负值舍去),
经检验x=1是原分式方程的解
1+0.2=1.2千立方米,
600÷1.2=500天.
答:实际挖掘了500天才能完成首期工程.
【点睛】本题考查了反比例函数的应用,以及分式方程的应用,解题的关键是:(1)根据数量关系列出函数关系式;(2)根据工期比原计划提前了100天列出方程.
25.如图,四边形ABCD中,对角线AC与BD交于点O,且.
(1)求证:四边形ABCD是正方形;
(2)若H是AB上一点(H与A,B不重合),连接DH,将线段DH绕点H顺时针旋转90度,得到线段HE,过点E分别作BC及AB的延长线的垂线,垂足分别是F,G,设四边形BGEF的面积为,以HB,BC为邻边的矩形面积为,且,当时,求AH的长;
【答案】(1)证明见解析;(2).
【解析】
【分析】
(1)由题根据可得对角线相等且互相平分,可得四边形ABCD是矩形,又因为在中,利用勾股定理逆定理可得出为等腰直角三角形,可得,所以也是等腰直角三角形,可得,所以得出四边形ABCD是正方形;
(2)根据题意,易证得,可得,设,则,,可得,则,令,即:,解方程即可得出的长.
【详解】解:(1)依题意可得:
,
四边形为平行四边形;
又,
四边形为矩形;
又在中,,且三边满足
为等腰直角三角形;
,
,
,
,
四边形为正方形;
即:四边形为正方形.
(2)由题可得:,
,
又
,
在与中
设,则,
可得:,,
令,可得,
解得:,(舍去).
即.
【点睛】本题考查正方形的判定以及与正方形相关的几何证明.在证明正方形的时候必须先证明四边形是矩形或者菱形,然后得出正方形;如果题中涉及到边之间的关系是或倍的关系,则利用勾股定理逆定理验证是否是等腰直角三角形;如果遇到直角比较多的地方,注意观察题中是否有一线三垂直,要积累和熟练应用这个全等模型.
26.已知抛物线与x轴交于点A,B两点(A在B的左侧)与y轴交于点C.
(1)直接写出点A,B,C的坐标;
(2)将抛物线经过向下平移,使得到的抛物线与x轴交于B, 两点(在B的右侧),顶点D的对应点,若,求的坐标和抛物线的解析式;
(3)在(2)的条件下,若点Q在x轴上,则在抛物线或上是否存在点P,使以为顶点的四边形是平行四边形?如果存在,求出所有符合条件的点P的坐标;如果不存在,请说明理由.
【答案】(1)A(-3,0),B(1,0),(0,3);(2)B(3,0),y2=-x2+4x-3;(3)P的坐标为(-2,3),(-1+,-3),(-1-,-3),(0,-3),(4,-3).
【解析】
【分析】
(1)令y=0,即可求出A,B,令x=0,即可求出C的坐标;
(2)设B(t,0),根据由题意得y2由y1平移所得,可设y2的解析式为:y2=-(x-1)(x-t)=-x2+(1+t)x-t,求出D,判断出△BDB是等腰直角三角形,可得yD=|BB|,即可得到关于t的方程,解出t即可求出B的坐标和y2的解析式;
(3)分①若Q在B右边,②若Q在B左边:当BQ为边时和当BQ为对角线时,这几种情况讨论即可.
【详解】解:(1)由题意得抛物线与x轴交于点A,B两点(A在B的左侧)与y轴交于点C,
∴当y=0时,
即(x+3)(1-x)=0
解得x1=-3,x2=1,
∴A的坐标为(-3,0),B的坐标为(1,0),
当x=0时,y=-02-2×0+3=3,
∴C的坐标为(0,3),
综上:A(-3,0),B(1,0),(0,3);
(2)设B(t,0),
由题意得y2由y1平移所得,
∴a=-1,
∴可设y2的解析式为:y2=-(x-1)(x-t)=-x2+(1+t)x-t,
∴D(,),
∵B和B是对称点,D在对称轴上,∠BDB=90°,
∴△BDB是等腰直角三角形,
∴yD=|BB|,
∴=(t-1),
解得t=3,
∴B(3,0),
∴y2=-x2+4x-3;
(3)①若Q在B右边,则P在x轴上方,且CP∥BQ,
∴yP=yC=3,
此时P不在两条抛物线上,不符合题意舍去;
②若Q在B左边,
当BQ为边时,则CP∥BQ,
此时yP=yC=3,P点在y1上,
将yP=3,代入y1得,
解得x1=0,x2=-2,
∴此时P的坐标为(-2,3);
当BQ为对角线时,则BC∥QP,
∵yC-yB=3,
∴yQ-yP=3,
∵Q在x轴上,
∴yP=-3,
将yP=-3代入y1得,
解得x1=-1+,x2=-1-,
将yP=-3代入y2得-x2+4x-3=-3,
解得x1=0,x2=4,
∴P的坐标为:(-1+,-3),(-1-,-3),(0,-3),(4,-3),
综上:P的坐标为:(-2,3),(-1+,-3),(-1-,-3),(0,-3),(4,-3).
【点睛】本题考查了二次函数的性质,直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半,平行四边形的性质,结合题意灵活运用知识点是解题关键.