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2020年安徽省中考物理试卷 一、填空题（每小题2分，共20分） 1．（2分）冬天，从寒冷的室外走进温暖的室内时，眼镜片上会出现“水雾”；夏天，从电冰箱里取出一瓶饮料，饮料瓶上会出现许多小水珠。这些都是物态变化中的　 　现象。 2．（2分）实验用的音叉上通常刻有一个数值（如图），表示该音叉所产生声音的频率。此数值越大的音叉，敲击时发出声音的　 　越高。 3．（2分）图中MN为平面镜，0B为入射光线AO的反射光线。请在图中画出光线AO并标出入射角的度数。 4．（2分）汽车后刹车灯的光源，若采用发光二极管（LED），通电后亮起的时间会比采用白炽灯大约短0.5s，这有助于后方车辆驾驶员及时作出反应。假设后方车辆以36km/h的速度匀速前进，在0.5s的时间内，后方车辆前行的距离为　 　m。 5．（2分）如图所示，把纸条放在嘴边，用力沿纸条上方向前吹气，会发现纸条向上飘动。这是因为　 　，从而推动纸条向上运动。 6．（2分）如图所示，工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，力F所做的功为　 　J。 7．（2分）如图所示的电路中，电源电压U＝9V，电阻R1＝200Ω，R2＝100Ω，则通电1min该电路产生的热量为　 　J． 8．（2分）停车场入口处常用横杆来控制车辆的进出，如图甲所示。我们可以把该装置简化成如图乙所示的杠杆。若横杆AB粗细相同、质量分布均匀，重G＝120N，AB＝2.8m，AO＝0.3m。要使横杆AB保持水平平衡，需在A端施加竖直向下的力F＝　 　N。 9．（2分）某同学家使用燃气热水器，平均每天需将100kg的水从18℃加热到58℃．若天然气完全燃饶放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气　 　m3．[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝4.0×107J/m3]。 10．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管　 　（选填“会”或“不会”）发光。 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的） 11．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　） A．0℃的物体也具有内能 B．只要物体放出热量，温度就一定降低 C．物体温度越高，含有的热量越多 D．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体 12．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（　　） A．物体的运动速度越大，惯性越大 B．磁场和磁感线都是真实存在的 C．电动机工作时消耗的电能主要转化成机械能 D．热机工作的实质是把机械能转化为内能 13．（2分）一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示）。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么（　　） A．卫星在远地点的势能最大、动能为零 B．卫星在近地点的动能最大、势能为零 C．卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小 D．卫星以近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小 14．（2分）图a是放置在水平桌面上的刻度尺的一部分，甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像。若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序正确的是（　　） A．甲→乙→丙→丁 B．乙→丙→甲→丁 C．乙→丁→甲→丙 D．丙→甲→乙→丁 15．（2分）如图所示，一轻质弹簧（即重力不计），上端挂在铁架台的水平横杆上，下端挂一重为G的小球并保持静止。图中分别画出了该状态下小球和弹簧的受力示意图。下列判断正确的是（　　） A．G与F3是一对平衡力 B．G与F3是一对相互作用力 C．F1与F2是一对平衡力 D．F 1与F2是一对相互作用力 16．（2分）R1、R2、R3是三个阻值不同的定值电阻。将它们串联起来接入电路，如图甲所示，闭合开关后，测得各电阻两端的电压关系为U1＞U2＞U3；若将它们并联起来接入电路，如图乙所示，则闭合开关后，通过每个电阻的电流大小关系为（　　） A．I1＞I2＞I3 B．I3＞I2＞I1 C．I1＝I2＝I3 D．I2＞I1＞I3 17．（2分）在图示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自左向右滑动，则（　　） A．电流表A的示数减小 B．电压表V2的示数减小 C．电压表V1与电流表A的示数比值减小 D．电压表V2与电流表A的示数比值减小 三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分） 18．（4分）在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中，实验装置如图所示。 （1）实验现象： ①保持蹄形磁体位置不动，让导线AB在磁场中静止、竖直向上或向下运动，电流表的指针均不发生偏转； ②导线AB向左或向右运动，电流表的指针发生偏转； ③保持导线AB不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。 实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做　 　运动时，导体中就会产生感应电流。 （2）实验现象： ①保持磁场方向不变，导线AB向右运动时，电流表指针向左偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向右偏转。 ②对调磁体两极的位置。使磁场方向发生改变，导线AB向右运动时，电流表指针向右偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向左偏转。 实验结论：感应电流的方向与　 　有关。 19．（4分）实验室用的托盘天平，砝码盒中常配备的砝码规格有：100g、50g、20g、10g、5g。现要测量一物体的质量（约为70g）。 （1）调节横梁平衡：将天平放在水平桌面上，取下两侧的垫圈，指针就开始摆动。稳定后指针指在分度盘的位置如图甲所示。则接下来的调节过程为：　 　。 （2）调节天平横梁平衡后，将物体放在左盘中，用镊子由大到小在右盘中加减砝码……，当放入5g的砝码时，指针偏向分度盘的右侧，如图乙所示。则接下来的操作是　 　，直到横梁恢复平衡。 20．（8分）一小灯泡额定电压为2.5V，图a是测量其电阻的实验电路图。 （1）请按照图a，将图b中的实物电路连接完整； （2）闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为2.50V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图c所示，则此时通过小灯泡的电流为　 　A； （3）调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。可以猜想此过程中灯丝的温度　 　（选填“升高”、“不变”或“降低”）； （4）测量数据如下表所示。 电压U/V 2.50 2.10 1.70 1.30 0.90 0.50 电流I/A 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 分析表中数据，可以发现小灯泡两端的电压越低，其灯丝的电阻越　 　。 四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程） 21．（5分）在车站广场上，常常看见人们将旅行包B平放在拉杆箱A上，如图甲所示。假设作用在箱子上的水平推力，F推＝20N，A、B一起做匀速直线运动。 （1）将旅行包B看成一个有质量的点，如图乙所示。请在图乙中画出运动过程中B的受力示意图； （2）若10s内箱子运动的距离为8m，求力F推做功的功率。 22．（7分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。 （1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A，求电阻R0的值（计算结果保留两位小数）； （2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？ 23．（8分）某同学想测量一种液体的密度。他将适量的待测液体加入到圆柱形平底玻璃容器里，然后一起缓慢放入盛有水的水槽中。当容器下表面所处的深度h1＝10cm时，容器处于直立漂浮状态，如图a所示。已知容器的底面积S＝25cm2，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。 （1）求水对容器下表面的压强； （2）求容器受到的浮力； （3）从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处的深度h2＝6.8cm时，容器又处于直立漂浮状态，如图b所示。求液体的密度。 2020年安徽省中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、填空题（每小题2分，共20分） 1．（2分）冬天，从寒冷的室外走进温暖的室内时，眼镜片上会出现“水雾”；夏天，从电冰箱里取出一瓶饮料，饮料瓶上会出现许多小水珠。这些都是物态变化中的　液化　现象。 【分析】液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量。 【解答】解：眼镜片上会出现“水雾”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的；饮料瓶上会出现许多小水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的。 故答案为：液化。 2．（2分）实验用的音叉上通常刻有一个数值（如图），表示该音叉所产生声音的频率。此数值越大的音叉，敲击时发出声音的　音调　越高。 【分析】音调的高低是由物体振动频率的大小决定的。 【解答】解：音叉振动的频率越大，则音叉发出声音的音调越高。 故答案为：音调。 3．（2分）图中MN为平面镜，0B为入射光线AO的反射光线。请在图中画出光线AO并标出入射角的度数。 【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数。 【解答】解：先过入射点O作出法线；因为反射光线与镜面的夹角是60°，所以反射角为90°﹣60°＝30°；由反射定律知，反射角与入射角相等，由此作出入射光线AO并标出入射角的度数30°．如图所示： 4．（2分）汽车后刹车灯的光源，若采用发光二极管（LED），通电后亮起的时间会比采用白炽灯大约短0.5s，这有助于后方车辆驾驶员及时作出反应。假设后方车辆以36km/h的速度匀速前进，在0.5s的时间内，后方车辆前行的距离为　5　m。 【分析】由速度的公式v变形可求距离。 【解答】解：36 km/h＝10 m/s， 由v可得，在0.5s内后车前进的距离： s＝vt＝10m/s×0.5 s＝5 m。 故答案为：5。 5．（2分）如图所示，把纸条放在嘴边，用力沿纸条上方向前吹气，会发现纸条向上飘动。这是因为　纸条上方气体流速大，气体压强小　，从而推动纸条向上运动。 【分析】气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。在分析纸条的运动现象时应分析纸条上下方空气的流速大小，找出压力的方向，再判断纸条的运动状态。 【解答】解：如图所示，把一纸条靠近嘴边，在纸条的上方沿水平方向吹气时，纸条上方的空气流速大，压强小；纸条下方的空气流速小，压强大，在空气压强差的作用下，纸条会向上偏移。 故答案为：纸条上方气体流速大，气体压强小。 6．（2分）如图所示，工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，力F所做的功为　1500　J。 【分析】知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W＝Gh求所做的有用功；知道斜面的效率，利用η求总功，即力F做的功。 【解答】解： 所做的有用功： W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J， 由η60%得总功： W总1500J，即力F做的功为1500J。 故答案为：1500。 7．（2分）如图所示的电路中，电源电压U＝9V，电阻R1＝200Ω，R2＝100Ω，则通电1min该电路产生的热量为　16.2　J． 【分析】由电路图可知，两电阻串联，根据Q＝Wt求出通电1min电路产生的热量。 【解答】解： 由电路图可知，R1与R2串联， 通电1min该电路产生的热量： Q＝Wt60s＝16.2J。 故答案为：16.2。 8．（2分）停车场入口处常用横杆来控制车辆的进出，如图甲所示。我们可以把该装置简化成如图乙所示的杠杆。若横杆AB粗细相同、质量分布均匀，重G＝120N，AB＝2.8m，AO＝0.3m。要使横杆AB保持水平平衡，需在A端施加竖直向下的力F＝　440　N。 【分析】横杆AB粗细相同、质量分布均匀，所以其重心C在几何中心上，支点为O，则OA就是动力臂，OC就是阻力臂，再根据杠杆的平衡条件就可以求出动力的大小。 【解答】解： 横杆AB粗细相同、质量分布均匀，所以其重心C在几何中心上，支点为O，则OA就是动力臂，OC就是阻力臂，如下图所示： 已知AB＝2.8m，AO＝0.3m，则阻力臂OCAB﹣OA2.8m﹣0.3m＝1.1m， 由杠杆的平衡条件可得：F×OA＝G×OC， 则F440N。 故答案为：440。 9．（2分）某同学家使用燃气热水器，平均每天需将100kg的水从18℃加热到58℃．若天然气完全燃饶放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气　0.6　m3．[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝4.0×107J/m3]。 【分析】先根据Q吸＝cm△t计算出水吸收的热量；再利用η计算出天然气放出的热量；最后根据Q放＝qV的变形公式即可求出天然气的体积。 【解答】解：水吸收的热量： Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（58℃﹣18℃）＝1.68×107J； 由η得，需要天然气放出的热量： Q放2.4×107J； 由Q放＝qV可得，天然气的体积： V0.6m3。 故答案为：0.6。 10．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管　会　（选填“会”或“不会”）发光。 【分析】用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。 【解答】解： 图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位置发生了断路，A点还与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。 故答案为：会。 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的） 11．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　） A．0℃的物体也具有内能 B．只要物体放出热量，温度就一定降低 C．物体温度越高，含有的热量越多 D．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体 【分析】（1）一切物体都有内能； （2）内能的大小与温度、质量和状态有关； （3）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量； （4）发生热传递的条件是存在温度差。 【解答】解：A、一切物体都有内能，0℃的物体也具有内能，故A正确； B、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如晶体凝固时放出热量，内能减少，温度不变，故B错误； C、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量，故C错误； D、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。 故选：A。 12．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（　　） A．物体的运动速度越大，惯性越大 B．磁场和磁感线都是真实存在的 C．电动机工作时消耗的电能主要转化成机械能 D．热机工作的实质是把机械能转化为内能 【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。 （2）磁体周围存在磁场，为了描述磁场的分布引入磁感线； （3）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。 【解答】解： A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。故A错误。 B、磁场是磁体周围存在的一种特殊的物质，它是看不见的，但它是真实的客观存在；磁感线是为了形象直观地描述磁场而画出来的，不是真实的存在，故B错误。 C、电动机工作时，消耗的电能主要转化成机械能，还有一小部分由于线圈发热，转化为内能。故C正确。 D、热机工作时，将燃料燃烧产生的内能转化为机械能对外做功。故D错误。 故选：C。 13．（2分）一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示）。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么（　　） A．卫星在远地点的势能最大、动能为零 B．卫星在近地点的动能最大、势能为零 C．卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小 D．卫星以近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小 【分析】（1）动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大； （2）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。 【解答】解： A、卫星质量一定，在远地点时相对月球距离最大，势能最大，卫星仍在运动，故动能不为零；故A错误； B、卫星质量一定，在近地点时速度最大，动能最大，相对地球有一定距离，势能不为零；故B错误； CD、卫星在运行过程中机械能保持不变，从近地点向远地点运动过程中，速度变小，动能变小；高度变大，势能变大，动能转化为势能；故C正确，D错误。 故选：C。 14．（2分）图a是放置在水平桌面上的刻度尺的一部分，甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像。若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序正确的是（　　） A．甲→乙→丙→丁 B．乙→丙→甲→丁 C．乙→丁→甲→丙 D．丙→甲→乙→丁 【分析】若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，刻度尺到凸透镜的距离（物距）从一倍焦距以内→一倍焦距和二倍焦距之间→二倍焦距处→二倍焦距以外，从这几个过程中凸透镜的成像情况进行判断。 【解答】解： （1）刻度尺到凸透镜的距离（物距）在一倍焦距以内时，凸透镜成正立、放大的虚像，即乙图。 （2）刻度尺到凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，即丁图。 （3）刻度尺到凸透镜的距离在二倍焦距处，凸透镜成倒立、等大的实像，即甲图。 （4）刻度尺到凸透镜的距离在二倍焦距以外时，凸透镜成倒立、缩小的实像，即丙图。 综上可知，凸透镜从贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序为乙→丁→甲→丙，故选C。 故选：C。 15．（2分）如图所示，一轻质弹簧（即重力不计），上端挂在铁架台的水平横杆上，下端挂一重为G的小球并保持静止。图中分别画出了该状态下小球和弹簧的受力示意图。下列判断正确的是（　　） A．G与F3是一对平衡力 B．G与F3是一对相互作用力 C．F1与F2是一对平衡力 D．F 1与F2是一对相互作用力 【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。 相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。 【解答】解： A、G与F3这两个力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故A错误； B、G的施力物体是地球，受力物体是小球；F3的施力物体是水平横杆，受力物体是弹簧，所以G与F3不是一对相互作用力，故B错误； CD、F1是弹簧拉动小球的力，F2是小球拉动弹簧的力，这两个力是一对相互作用力，故C错误、D正确。 故选：D。 16．（2分）R1、R2、R3是三个阻值不同的定值电阻。将它们串联起来接入电路，如图甲所示，闭合开关后，测得各电阻两端的电压关系为U1＞U2＞U3；若将它们并联起来接入电路，如图乙所示，则闭合开关后，通过每个电阻的电流大小关系为（　　） A．I1＞I2＞I3 B．I3＞I2＞I1 C．I1＝I2＝I3 D．I2＞I1＞I3 【分析】甲中三个电阻串联，根据欧姆定律U＝IR和串联电路电流的规律和已知条件确定三个电阻的大小； 在乙中，三个电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，由欧姆定律分析电流的大小关系。 【解答】解：甲中三个电阻串联，串联电路各处的电流相等，根据欧姆定律U＝IR，因U1＞U2＞U3，故R1＞R2＞R3； 在乙中，三个电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，由欧姆定律I，I3＞I2＞I1，只有B正确。 故选：B。 17．（2分）在图示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自左向右滑动，则（　　） A．电流表A的示数减小 B．电压表V2的示数减小 C．电压表V1与电流表A的示数比值减小 D．电压表V2与电流表A的示数比值减小 【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，从而判定比值的变化。 【解答】解： 由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流， 将滑动变阻器的滑片自右向左滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数增大，由U＝IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V2的示数增大，故AB错误； 电压表V1与电流表A的示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻减小，比值减小，故C正确； 电压表V2与电流表A的示数比值为定值电阻的阻值，阻值不变，比值不变，故D错误。 故选：C。 三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分） 18．（4分）在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中，实验装置如图所示。 （1）实验现象： ①保持蹄形磁体位置不动，让导线AB在磁场中静止、竖直向上或向下运动，电流表的指针均不发生偏转； ②导线AB向左或向右运动，电流表的指针发生偏转； ③保持导线AB不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。 实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做　切割磁感线　运动时，导体中就会产生感应电流。 （2）实验现象： ①保持磁场方向不变，导线AB向右运动时，电流表指针向左偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向右偏转。 ②对调磁体两极的位置。使磁场方向发生改变，导线AB向右运动时，电流表指针向右偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向左偏转。 实验结论：感应电流的方向与　导体切割磁感线方向和磁场方向　有关。 【分析】（1）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此现象称为电磁感应现象，发电机就是根据此原理制成的。 （2）感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关。 【解答】解：（1）实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。 （2）让导体在磁场中向左运动时，因为导体中感应电流的方向跟导体切割磁感线方向有关，所以灵敏电流表的指针向右偏转，电路中电流方向相反。 两个磁极对调，使磁感线的方向反向，闭合开关，让导体在磁场中向右运动，因为导体中的感应电流的方向跟磁场方向有关。所以灵敏电流表的指针向右偏转，实验结论：感应电流的方向与导体切割磁感线方向和磁场方向有关。 故答案为：（1）切割磁感线；（2）导体切割磁感线方向和磁场方向。 19．（4分）实验室用的托盘天平，砝码盒中常配备的砝码规格有：100g、50g、20g、10g、5g。现要测量一物体的质量（约为70g）。 （1）调节横梁平衡：将天平放在水平桌面上，取下两侧的垫圈，指针就开始摆动。稳定后指针指在分度盘的位置如图甲所示。则接下来的调节过程为：　把游码移到横梁标尺左端零刻线，调平衡螺母，使指针对准分度盘中央　。 （2）调节天平横梁平衡后，将物体放在左盘中，用镊子由大到小在右盘中加减砝码……，当放入5g的砝码时，指针偏向分度盘的右侧，如图乙所示。则接下来的操作是　取下最小5g的砝码，移动游码　，直到横梁恢复平衡。 【分析】（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；调节天平平衡时，如果指针向左偏，平衡螺母向右调，如果指针向右偏，平衡螺母向左调； （2）放入最小的砝码指针向右偏转，应取下最小砝码，移动游码。 【解答】解：（1）首先把天平放在水平桌面上，由图甲可知，指针向右偏，接下来的调节过程为：把游码移到横梁标尺左端零刻线，调平衡螺母，使指针对准分度盘中央； （2）调节天平横梁平衡后，将物体放在左盘中，用镊子由大到小在右盘中加减砝码，当放入5g的砝码时，指针偏向分度盘的右侧，如图乙所示。则接下来的操作是取下最小5g砝码，移动游码，直到横梁恢复平衡。 故答案为：（1）把游码移到横梁标尺左端零刻线，调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；（2）取下最小5g的砝码，移动游码。 20．（8分）一小灯泡额定电压为2.5V，图a是测量其电阻的实验电路图。 （1）请按照图a，将图b中的实物电路连接完整； （2）闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为2.50V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图c所示，则此时通过小灯泡的电流为　0.28　A； （3）调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。可以猜想此过程中灯丝的温度　降低　（选填“升高”、“不变”或“降低”）； （4）测量数据如下表所示。 电压U/V 2.50 2.10 1.70 1.30 0.90 0.50 电流I/A 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 分析表中数据，可以发现小灯泡两端的电压越低，其灯丝的电阻越　小　。 【分析】（1）变阻器按一下一上接入电路中； （2）根据电流表选择的量程和对应的分度值，按照指针的位置读出电流表的示数； （3）小灯泡电压越低，灯丝温度越低； （4）小灯泡灯丝电阻随两端电压的变化，比较不同电压下小灯泡的电阻值，电阻值随温度的升高而增大。 【解答】解： （1）变阻器按一上一下接入电路中，按电路图连接如下图所示： ； （2）电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值是0.02A，指针指在0.2A后第4个小格上， 因此示数为0.2A+0.02A×4＝0.28A； （3）节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光，电能转化成的内能变小。可以猜想此过程中灯丝的温度降低； （4）由表中数据，比较不同电压下小灯泡的电阻值可知：随着小灯泡灯丝两端电压越低，小灯泡的电阻逐渐减小。 故答案为：（1）如上图；（2）0.28；（3）降低；（4）小。 四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程） 21．（5分）在车站广场上，常常看见人们将旅行包B平放在拉杆箱A上，如图甲所示。假设作用在箱子上的水平推力，F推＝20N，A、B一起做匀速直线运动。 （1）将旅行包B看成一个有质量的点，如图乙所示。请在图乙中画出运动过程中B的受力示意图； （2）若10s内箱子运动的距离为8m，求力F推做功的功率。 【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受平衡力，据此分析并画出旅行包B受到的力； （2）根据W＝Fs求出推力做的功，然后根据P求推力做功的功率。 【解答】解： （1）旅行包B随拉杆箱A一起在水平面是做匀速直线运动，此时旅行包B只受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且二力大小相等，据此画出运动过程中B的受力示意图如下： （2）推力10s对箱子做的功W＝F推s＝20N×8m＝160J； 推力做功的功率P16W。 故答案为：（1）见上图；（2）推力做功的功率为16W。 22．（7分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。 （1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A，求电阻R0的值（计算结果保留两位小数）； （2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？ 【分析】（1）G与定值电阻并联，由欧姆定律得出其两端的电压，由并联电路电流的规律得出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出电阻R0； （2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），由欧姆定律可知电流表的电压也为原来的二分之一，由欧姆定律，通过定值电阻的电流为二分之一，由并联电路电流的规律求出此时电流I。 【解答】解： （1）G与定值电阻并联，调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），由欧姆定律，其两端的电压为： U＝I×Rg＝0.001A×30Ω＝0.03V； 这时电流I为0.6A，由并联电路电流的规律，通过定值电阻的电流为： I0＝0.6A﹣0.001A＝0.599A， 由欧姆定律，电阻R00.05Ω； （2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），即电流为原来的二分之一，由欧姆定律，电流表的电压也为原来的二分之一，由欧姆定律，通过定值电阻的电流为二分之一， 由并联电路电流的规律，此时电流I变为的来的二分之一，即为0.3A。 答：（1）电阻R0的值为0.05Ω； （2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为0.3A。 23．（8分）某同学想测量一种液体的密度。他将适量的待测液体加入到圆柱形平底玻璃容器里，然后一起缓慢放入盛有水的水槽中。当容器下表面所处的深度h1＝10cm时，容器处于直立漂浮状态，如图a所示。已知容器的底面积S＝25cm2，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。 （1）求水对容器下表面的压强； （2）求容器受到的浮力； （3）从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处的深度h2＝6.8cm时，容器又处于直立漂浮状态，如图b所示。求液体的密度。 【分析】（1）知道容器下表面的深度，根据液体压强公式求出压强。 （2）知道容器下表面深度和底面积求出容器排开水的体积，根据阿基米德原理求出容器受到的浮力。 （3）根据减小的浮力等于减小的重力列出等式求解。 【解答】解：（1）容器放在水槽中，容器下表面所处的深度h1＝10cm＝0.1m， 容器底部受到水的压强为：p＝ρ水gh1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa。 （2）容器排开水的体积：V排＝Sh1＝25cm2×10cm＝250cm3＝2.5×10﹣4m3， 容器受到水的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10﹣4m3＝2.5N。 （3）从容器中取出100cm3的液体后，容器下表面所处的深度h2＝6.8cm＝0.068m， 容器减少的浮力为：△F浮＝ρ水g△V排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10﹣3m2×（0.1﹣0.068）m＝0.8N。 减小的浮力等于减小的重力， 所以，△F浮＝G液减＝0.8N， 所以从容器中取出液体的质量为：m0.08kg＝80g， 液体的密度为：ρ0.8g/cm3。 答：（1）水对容器下表面的压强为1000Pa； （2）容器受到的浮力2.5N； （3）液体的密度为0.8g/cm3。 第25页（共25页）