精品解析：2020年辽宁省丹东市中考物理试题（解析版）.doc

2020年辽宁省丹东市中考物理试题 一、物理选择题 1.根据所学的物理知识和生活经验，你认为下列数据最接近实际的是 A. 操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m B. 乒乓球比赛所用球拍的质量约为2kg C. 优秀运动员短时间运动的功率约为1kW D. 在公园进行体育锻炼时舒适的温度约为37℃ 【答案】C 【解析】 【详解】A．操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为3m，故A不符合题意； B．乒乓球比赛所用球拍的质量约为90g，故B不符合题意； C．运动员一秒钟把生物质能转化为机械能的功率是1000W，故C符合题意； D．在公园进行体育锻炼时舒适的温度约为20℃，故D不符合题意。 故选C。 2.下列说法正确的是 A. 从冰箱拿出的雪糕包装袋上的“白霜”是水凝固形成的 B. 可以用冰袋给发烧的病人降温，主要是利用冰熔化时吸热 C. 夏天，将皮肤润湿会感到凉快，主要是利用水蒸发时放热 D. 可以利用干冰人工增雨，主要是因为干冰能迅速升华放热 【答案】B 【解析】 【详解】A．从冰箱拿出的雪糕包装袋上的“白霜”是空气中的水蒸气凝华形成的，故A项错误； B．用冰袋给发烧的病人降温，是因为冰熔化时吸热，故B项正确； C．夏天，将皮肤润湿会感到凉快，主要是利用水蒸发时吸热，故C项错误； D．可以利用干冰人工增雨，主要是因为干冰能迅速升华吸热，从周围吸收热量，使空气中水蒸气液化成小水滴，形成降雨。故D项错误。 故选B。 3.如图，下列光现象及应用中，能够用光的直线传播来解释的是 A. 凸面镜扩大视野 B. 海市蜃楼 C. 手影 D. 自行车的尾灯 【答案】C 【解析】 【详解】A．凸面镜扩大视野利用的是光的反射原理，故A不符合题意； B．海市蜃楼是光的折射现象，故B不符合题意； C．手影是影子的形成，利用的是光的直线传播原理，故C符合题意； D．自行车的尾灯利用的是光的反射规律，故D符合题意。 故选C。 4.下列关于声现象的说法中，正确的是 A. 利用超声波可以检测出锅炉有没有裂纹 B. 声音传播的速度与介质种类无关 C. 在公共场合，我们要“低声轻语”为了降低发声频率 D. 在中考期间，考场附近的建筑工地要停止施工，是为了阻断噪声的传播 【答案】A 【解析】 【详解】A.检测锅炉有没有裂纹是利用了声可以传递信息，故A正确，故选A； B.声音在不同介质中传播速度不同，固体中的传播速度比在液体中的大，气体中的传播速度最小，故B错误； C.“低声轻语”是降低了声音的响度，故C错误； D.建筑工地要停止施工，是在声源处减弱噪声，故D错误。 故选A。 5.小明在研究“影响滑动摩擦力大小的因素"时，用弹簧测力计在水平桌面上沿水平方向拉动木块做匀速直线运动。下列说法正确的是 A. 木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力是一对平衡力 B. 木块受到弹簧测力计的拉力与桌面对木块的摩擦力是一对平衡力 C. 木块受到的重力与木块对桌面的压力是一对相互作用力 D. 木块对弹簧测力计的拉力与桌面对木块的摩擦力是一对相互作用力 【答案】B 【解析】 【详解】A．木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力，两个力作用于不同的物体，故不是平衡力，故A错误； B．因木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，受平衡力的作用，故在水平方向木块受到弹簧测力计的拉力与桌面对木块的摩擦力，作用于同一物体，两个力的大小相等、方向相反，作用于同一条直线，故是一对平衡力，故B正确； C．木块受到的重力与木块对桌面的压力，两个方向相同，故不是相互作用力，故C错误； D．木块对弹簧测力计的拉力与桌面对木块的摩擦力，两个力方向相同、作用于不同物体，不是一对相互作用力，故D错误。 故选B。 6.下列说法正确的是（ ） A. 电饭锅加热盘所用的材料是超导材料 B. 电动机的电刷所用的材料是绝缘材料 C. 化石能源、核能是可再生能源 D. 核反应堆中发生的链式反应，是可以控制的 【答案】D 【解析】 【详解】A．超导材料由于电阻为零，不能用于将电能转化内能的电器，如电饭锅、电热水壶等，故A错误； B．电动机的电刷所用的材料是导体材料，故B错误； C．化石能源、核能是不可再生能源，故C错误； D．核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故D正确。 故选D。 7.如图，在斜面上将一个重为15N的物体匀速从斜面底端拉到顶端，沿斜面向上的拉力，斜面长、斜面高。下列说法正确的是（ ） A. 克服物体重力做功7.2J B. 额外功为1.8J C. 物体受到的摩擦力为2.25N D. 斜面的机械效率为37.5% 【答案】C 【解析】 【详解】A．克服物体重力做功为 故A错误； B．拉力做的总功为 则额外功为 故B错误； C．由得，物体受到的摩擦力为 故C正确； D．斜面的机械效率为 故D错误。 故选C。 8.如图甲，在水平面上的盛水容器中，一个质量分布均匀的物体被固定在容器底部的一根细线拉住后完全浸没在水中静止。如图乙，当将细线剪断后，物体漂浮在水面上，且有四分之一的体积露出水面。下列说法正确的是（　　） A. 甲、乙两图中，物体受到的浮力之比为4：3 B. 物体的密度与水的密度之比为1：4 C. 图甲中水对容器底的压强大于图乙中水对容器底的压强 D. 图甲中水对容器底的压力大于图乙中水对容器底的压力 【答案】ACD 【解析】 【分析】 (1)根据判断浮力的关系； (2)根据物体漂浮时浮力等于重力结合密度、重力公式即可求解物体密度与水密度的关系； (3)根据判断水对容器底部的压强关系； (4)根据判断水对容器底部的压力关系。 【详解】A．甲图中浮力 乙图中浮力 则木块受到水的浮力之比 故A正确； B．物体漂浮时，，则有 物体的密度与水的密度之比为3∶4，故B错误； C．物体浸没时排开水的体积大于漂浮时排开水的体积，则甲图水的深度大于乙图水的深度，由可得，甲图中水对容器底的压强大，故C正确； D．甲、乙两图中是同一容器，则容器内部底面积相同，又甲图中水对容器底的压强大，由可得，图甲中水对容器底的压力大，故D正确。 故选ACD。 9.如图，电源电压保持不变，闭合开关S。将滑动变阻器滑片P从b端向中点滑动的过程中，电流表和电压表都有示数。下列说法正确的是（ ） A. 电流表的示数变小 B. 的功率变大 C. 的电流变化量小于滑动变阻器的电流变化量 D. 电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变 【答案】BCD 【解析】 【详解】由电路图知，滑动变阻器与电阻并联后，再与电阻串联，电流表测的是干路的电流，电压表测的滑动变阻器和电阻两端的电压；当滑片从b端向中点滑动时，并联后的总电阻减小，整个电路中的电阻减小。 A．由欧姆定律知，整个电路中的电流将增大，即电流表的示数变大，故错误； B．由串联电路的分压的规律知，电压表的示数减小，电阻分压的电压增大，因通过的电流增大，由知，的功率变大，故B正确； C．的电流变化量，即为干路电流变化量，等于电流的减小量与滑动变阻器电流的增加量之和，故C正确； D．电压表示数变化量与电流表示数变化量之比为 因电阻的阻值不变，即电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，故D正确。 故选BCD。 10.如图甲，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表的量程为0~15V。闭合开关S。移动滑动变阻器的滑片，得到电压表示数与滑动变阻器接入电路的电阻关系图象，如图乙所示。下列说法中正确的是（ ） A. 电源电压为18V B. R1的阻值为5Ω C. R1的最小功率为0.9W D. 为保证电压表安全，R1的阻值与R2接入电路的最小阻值之比为6∶1 【答案】AC 【解析】 【分析】 由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压；由图乙可知，当R2的阻值为10Ω和20Ω时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1消耗的功率最小，根据欧姆定律和P=I2R求出R1的最小功率。 【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压； AB．由图乙可知，当R2=10Ω时U1=9V，当时，因串联电路中各处的电流相等，则电路中的电流分别为 ， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，则电源的电压 解得：R1=10Ω，电源的电压 故A正确，B错误； C．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1消耗的功率最小 故C正确； D．当电压表的示数时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流 此时滑动变阻器两端的电压 则滑动变阻器接入电路中的最小阻值 则R1的阻值与R2接入电路的最小阻值之比为 故D错误。 故选AC。 二、填空题 11.小明爸爸乘汽车前往武汉“抗疫”，汽车开动后，小明对着远去的汽车挥手作别。小明爸爸看到小明逐渐向后退去，是以______（选填“汽车”或“地面”）为参照物；而小明看到汽车的远去是以_____（ 选填“汽车”或“地面”）为参照物。 【答案】 (1). 汽车 (2). 地面 【解析】 【分析】 判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化。若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。 【详解】[1]小明爸爸看到小明逐渐向后退去，意思是说小明是向后运动的，小明爸爸选择的参照物是汽车。 [2]小明看到汽车的远去，意思是说汽车是运动的，他选择的参照物是地面。 12.学校音乐课上，同学们齐声合唱《歌唱祖国》。同学们的歌声是声带_______产生的，歌声是通过____传播到音乐老师的耳朵里的。 【答案】 (1). 振动 (2). 空气 【解析】 【详解】[1]声音是由物体振动产生的，正在发声的物体一定在振动。唱歌时，人的声带在振动。 [2]声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能够传声，歌声是通过空气传到观众的耳朵里的。 13.一台四冲程汽油机正常工作时曲轴和飞轮的转速是2400r/min， 它每秒完成_________个冲程，对外做功______次。 【答案】 (1). 80 (2). 20 【解析】 【详解】[1][2]飞轮转速是2400r/min，合40r/s，表示每秒钟飞轮转动40圈，因为一个工作循环完成四个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转动2周，对外做功1次，所以，该汽油机每秒完成80个冲程，对外做功20次。 14.一个圆柱形的玻璃瓶内装满水，把一支铅笔放在玻璃瓶的后方，透过玻璃瓶，可以看到这支笔．当铅笔由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢移动的过程中，透过玻璃瓶会看到铅笔尖逐渐_______（选填“变长”或“变短”）；到某一位置时，铅笔尖会突然改变方向，而“改变方向”后的像为___________（选填“实”或“虚”）像． 【答案】 (1). 变长 (2). 实 【解析】 【分析】 当铅笔由靠近玻璃瓶的位置向远处慢慢移动的过程中，f＜u＜2f 【详解】[1]玻璃瓶装满水相当于一个凸透镜．当铅笔由靠近瓶子的位置逐渐远离时（u＜f），透过透镜会看到正立、放大的虚像，根据成虚像时，物远像远像变大，铅笔先逐渐变长； [2]当物距刚刚超过一倍焦距时， f＜u＜2f，铅笔尖忽然改变方向，根据凸透镜成像规律可知，这是投影仪成像原理，成倒立、放大的实像。 15.如图，小明自制了一个气压计，瓶内气体压强______大气压 （选填“大于”、“小于”或“等于”）。若拿着此气压计从29楼下到1楼，玻璃管内水柱的高度将______（选填“升高”或“降低”）。 【答案】 (1). 大于 (2). 降低 【解析】 【分析】 知道大气压随高度的增加而减小，从29楼下到1楼，大气压变大，瓶内气压不变，所以水柱的压强必须变小。 【详解】[1]如图水气压计的原理是：瓶内气压不变，它等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，因此瓶内气压p内＞p大气压。 [2]若拿着此气压计从29楼下到1楼，当高度降低，大气压升高，由于瓶内气体密闭，且玻璃管很细，可近似认为瓶内气体的压强不变，所以细玻璃管内水柱产生的压强会变小，则玻璃管中的水柱降低。 16.如图，小明用滑轮组把质量为54kg的重物匀速提升了1m。此过程中，绳子自由端的拉力做功为675J。绳子自由端的拉力为______N。该滑轮组的机械效率为_________。 【答案】 (1). 225N (2). 80% 【解析】 【分析】 由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据求出绳子自由端移动的距离，利用求出绳子自由端的拉力；知道物体的重力和上升的高度，根据求出有用功，再利用求出滑轮组的机械效率。 【详解】[1]由图可知滑轮组绳子的有效股数，则绳子自由端移动的距离 根据可得，绳子自由端的拉力 [2]有用功 该滑轮组的机械效率 17.如图，滚摆下降过程中，滚摆的_____能转化为_____能。滚摆上下往复运动过程中，其每次上升所能达到的高度越来越低，滚摆在运动过程中的机械能_______（ 选填“增加”、“减少”或“不变”）。 【答案】 (1). 重力势 (2). 动 (3). 减少 【解析】 【详解】[1][2]滚摆在下降过程中，高度逐渐减小，重力势能减小，速度越来越大，动能增大，滚摆的重力势能转化为动能。 [3]滚摆上下往复运动过程中，要克服阻力做功，部分机械能转化为内能，故总的机械能减少。 18.新建居民楼电路中，当电流过大时_____自动断开，切断电路，俗称跳闸：为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，会装上______对人体起到保护作用。 【答案】 (1). 空气开关 (2). 漏电保护器 【解析】 【详解】[1]当家庭电路中电流过大时，空气开关自动断开，切断电路。 [2]如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。 19.2020年6月，我国自主研发的北斗卫星导航系统的最后一颗组网人造地球卫星 “北斗三号”发射成功。该卫星入轨后，是通过______与地面进行信息传递的， 北斗卫星导航系统包含多颗相对地球“静止”的______卫星。 【答案】 (1). 电磁波 (2). 地球同步卫星 【解析】 【详解】[1]卫星与地面应用电磁波进行通信。 [2]北斗卫星导航系统包含多颗相对地球“静止”的地球同步卫星。 20.家庭电路中电子式电能表的表盘上标有3200imp/（ ）字样。将一个电热棒单独接在家庭电路中正常工作12min，电能表指示灯闪烁了320 次，上述时间内该电热棒消耗的电能为______J， 它的额定功率为______W， 它正常工作时的电阻是________Ω. 【答案】 (1). (2). (3). 【解析】 【详解】[1]电能表指示灯闪烁了320次，消耗的电能为 [2]利用公式可算出额定功率为 [3]根据公式，可得 三、作图题 21.如图，凹透镜与凸透镜的主光轴平行且凸透镜的主光轴与水面重合，凹透镜的虚焦点为，凸透镜的焦点为，一条光线经凹透镜（该光线的延长线过凹透镜的虚焦点F1）折射后射向凸透镜，后经凸透镜折射后最终射入水中，请画出此过程的光路图。 【答案】 【解析】 【详解】对准凹透镜的虚焦点入射的光线，经透镜折射后，折射光线平行于主光轴；平行于凸透镜主光轴入射的光线，经凸透镜折射后，折射光线的经过凸透镜的焦点；当光从空气中斜射入水中时，在水和空气的界面发生折射，折射角小于入射角，如下图所示。 22.如图，O点是轻质杠杆AOB的支点，杠杆上的C点受到阻力F2的作用。若使杠杆在图中所示位置静止，请在杠杆上画出所要施加的最小动力F1的示意图，并画出动力臂l1和阻力臂l2。 【答案】 【解析】 【分析】 使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可；支点到阻力作用线的垂直距离是阻力臂。 【详解】在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OA比OB长，所以OA做动力臂最长，过A点与OA垂直向上作垂线就得到动力F1的方向；画出阻力作用线，则支点O到阻力作用线的垂直距离为阻力臂l2，如图所示： 23.如图，用笔画线代替导线将图中实物连接起来。要求：闭合开关后，使电磁铁的右端为N极，并且当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁的磁性增强。 【答案】 【解析】 【详解】闭合开关后，使电磁铁的右端为N极，根据安培定则可知，电流从通过螺线管的左端流入，右端流出，故应将电源正极与开关右接线柱相连，开关负极与通电螺线管左接线柱相连，通电螺线管的右接线柱与变阻器C接线柱相连；因滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁的磁性增强，则此时滑动变阻器接入电路的阻值减小，整个电路中的电流增大，故应将电源的负极与变阻器的B接线柱相连，如下所示。 四、计算题 24.以汽油为燃料的某品牌卡丁车额定功率为23kW，其满载时的质量为640kg， 轮胎与沙滩接触的总面积为0.32m2。它在水平沙滩上匀速直线运动5min，行驶了3km。求： (1)当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多大？ (2)此次行驶中，卡丁车运动的速度和受到的水平阻力各是多少？ (3)若卡丁车的汽油机效率为25%，此次行驶中，卡丁车需要燃烧汽油的质量是多少千克？（g取10N/kg，q汽油=4.6×107J/kg） 【答案】(1)2×104Pa；(2)10m/s，2300N；(3)0.6kg 【解析】 【分析】 (1)知道卡丁车满载时的质量，利用求其重力，卡丁车满载时对地面的压力等于其重力，知道受力面积，利用求卡丁车满载时对地面的压强； (2)求出卡丁车的行驶速度，利用求此次行驶中卡丁车的牵引力，由二力平衡可知其受到的水平阻力； (3)利用求牵引力做的功，即汽油完全燃烧产生热量转化的机械能，根据求完全燃烧汽油放出的热量，再利用求完全燃烧汽油的质量。 【详解】(1)卡丁车满载时的重力 卡丁车满载时对地面的压力 卡丁车满载时对地面的压强 (2)卡丁车的行驶速度 由可得牵引力 由二力平衡可知，卡丁车运动时受到的水平阻力 (3)牵引力做的功 由可得，完全燃烧汽油放出的热量 由可得，完全燃烧汽油的质量 答：(1)它对沙滩的压强为2×104Pa；(2)卡丁车运动的速度为10m/s，水平阻力为2300N；(3)需要0.6kg的汽油。 25.如图是某品牌足浴盆工作时的简化电路，它有加热功能和按摩功能。加热电阻的阻值为48.4Ω，电动机线圈电阻为2Ω，电源电压220V稳定不变。求： (1)加热电阻正常工作时的电功率是多少？ (2)在足浴盆中加入体积为4L、初温为的水，加热电阻正常工作420s，它的电加热效率为80%，则水的温度会升高到多少摄氏度？ [] (3)启动按摩功能时，电动机启动，通过电动机线圈的电流为0.1A，按摩10min，电动机线圈产生的热量是多少？ 【答案】(1)100W；(2)40℃；(3)12J 【解析】 【详解】(1)由电路图知，电动机与加热电阻并联，故加热电阻正常工作时的电功率为 (2)水吸收的热量为 加热电阻放出的热量为 由题意知 即 则 水的温度会升高到 (3)由焦耳定律可得电动机线圈产生的热量 答：(1)加热电阻正常工作时的电功率100W； (2)水的温度会升高到40℃； (3)电动机线圈产生的热量是12J。 26.如图，电源电压不变，小灯泡L上标有“6V 6W”字样（灯丝电阻不变）。定值电阻R1的阻值为10Ω，R2为滑动变阻器。 (1)当开关S1、S2、S3都闭合时，小灯泡L正常发光，求此时电流表的示数。 (2)断开开关S1和S3，闭合开关S2，当滑动变阻器的滑片调至阻值最大时，电压表示数为1.5V，求R2的最大阻值。 (3)当电路中有电阻或小灯泡工作时，求整个电路的最小电功率。 【答案】(1)1.6；(2)30Ω；(3)0.9W 【解析】 【分析】 (1)当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L与电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压； (2)断开开关S1和S3，闭合开关S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，根据欧姆定律可求出此时电路中的电流，再根据串联分压原理和即可求出R2的最大阻值； (3)根据求出灯泡的电阻，然后与R1的阻值相比较，两者中的最大阻值和滑动变阻器的最大阻值串联时电路的总电阻最大，电路的总功率最小，根据电阻的串联和求出电路的最小总功率。 【详解】(1)当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L与电阻R1并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L正常发光，则电源的电压 U=UL=6V 通过电阻R1电流 电流表的示数 (2)断开开关S1和S3，闭合开关S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，此时电路中的电流 根据串联分压原理和可得，R2的最大阻值 (3)根据可得，灯泡的电阻 由RL<R1可知，当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，则电路的最小总功率 答：(1)电源电压为6V；(2)R2的最大阻值为30Ω；(3)当电路中有电阻或小灯泡工作时，整个电路的最小电功率为0.9W。 五、综合题 27.小明进行探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化的特点”的实验。 (1)组装实验器材时，图甲和图乙两套实验装置器材的组装顺序都是由下至上，这样做的目的是使酒精灯用________； (2)小明用图甲实验装置探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验，采取“水浴法”对试管中的海波加热，这种加热方法的好处是使试管中的海波________； (3)人教版八年级上册物理教科书在探究“固体熔化时温度的变化规律”实验中完整展示了探究实验要经历的七个探究要素。请把下列五个探究要素按照探究实验过程的顺序正确排序______（ 只填字母）； A．设计实验 B．猜想与假设 C．评估 D．分析与论证 E．进行实验与收集证据 (4)如图乙，小明探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置中，中心有孔的纸板，除了有固定温度计的作用，还有______的作用，从而缩短加热时间使水尽快沸腾。 (5)如图丙，小明完成实验后，根据所记录的实验数据，绘制了水在加热过程中温度与时间的图象，图中____（选填 “AB”、 “BC” 或“CD”）段图象是错误的，原因是__________。 【答案】 (1). 外焰加热 (2). 受热均匀 (3). BAEDC (4). 减小热量的损失 (5). CD (6). 水在沸腾过程中，继续从外界吸热，但温度保持在水的沸点不变 【解析】 【详解】(1)[1]实验装置器材的组装顺序都是由下至上，这样做的目的是使酒精灯用外焰加热，因火焰的外焰温度最高。 (2)[2]用水浴法加热，可以使海波均匀受热，减慢熔化速度，便于发现海波熔化过程的规律。 (3)[3]五个探究要素按照探究实验过程的顺序正确排序: BAEDC (4)[4]中心有孔的纸板，除了有固定温度计的作用，还有减少热量的损失的作用。 (5)[5][6]水在加热过程中温度与时间的图象，图中CD段图象是错误的，原因是水在沸腾过程中，继续从外界吸热，但温度保持在水的沸点不变。 28.如图甲是探究“平面镜成像的特点”实验，图乙是白纸上记录的像与物的位置关系。 (1)实验时为了便于在桌面上确定像的位置，玻璃板必须_______放置在水平桌面上。 (2)当将蜡烛放在A1点时，可在A'1位置放置光屏来验证平面镜成像是_______像。 (3)当把蜡烛放在A2点时，在A'2位置观察到了它的像。若在A'2和玻璃板之间放上一个与玻璃板等大的黑色不透明纸板，从玻璃板前方______（选填“仍能”或“不能"）观察到蜡烛的像，说明平面镜成的像是由光的_______形成的。 (4)将蜡烛放在A3点完成实验后，将玻璃板前的蜡烛沿A'3A3直线向远离玻璃板方向移动2cm，此时像与蜡烛之间的距离为_______cm，像的大小_____（选填“变大”、“变小”或“不变”） 【答案】 (1). 竖直 (2). 虚 (3). 仍能 (4). 反射 (5). 10 (6). 不变 【解析】 【详解】(1)[1]平面镜所成的像关于镜面对称，为了便于观察，玻璃板需与水平桌面垂直，所以应竖直放在水平桌面上。 (2)[2]光屏上不能得到蜡烛的像，所以可以验证平面镜所成的像是虚像。 (3)[3][4]在像和玻璃板之间放一个不透明的纸板不会影响玻璃板的成像，说明平面镜成的像是由光的反射形成的。 (4)[5][6]移动前，蜡烛到平面镜的距离是3cm，向远离玻璃板移动2cm后，距玻璃板为5cm，物与像到镜面的距离相等，所以像与蜡烛的距离为10cm；平面镜所成的像与物等大，故像的大小不变。 29.在“探究杠杆平衡条件”实验时，实验中所用钩码的质量均为50g。 (1)实验前，应先调节杠杆在水平位置平衡。若向右调节杠杆两端的_______时，可使杠杆在水平位置平衡，则调节前，杠杆____（选填 “左”或“右”）端偏低； (2)如图甲，当在杠杆左侧第2格处挂6个钩码，在右侧第3格处挂____个钩码（图中右侧钩码未画出）的时候，杠杆在水平位置平衡。此时，若将杠杆左右两侧所挂的钩码各向远离支点O的方向移动1个格，则杠杆_____（ 选填“左”或“右”）端将下降； (3)如图乙，当在杠杆左侧第2格处挂4个钩码，在杠杆的右侧用竖直向下的拉力F作用时，杠杆在水平位置平衡。若使杠杆继续在水平位置保持平衡，将拉力方向旋转到图中虚线位置时，拉力F的力臂将_____， 拉力F的大小将______（两空都选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 (1). 平衡螺母 (2). 左 (3). 4 (4). 左 (5). 减小 (6). 增大 【解析】 【详解】(1)[1][2]实验前，为了便于测量杠杆的力臂，应使杠杆在水平位置平衡，故应调调节平衡螺母；若向右调节平衡螺母，则说明杠杆的左端偏低。 (2)[3]如图甲，当在杠杆左侧第2格处挂6个钩码，设杠杆上每一小格代表的长度为L，每钩码的重力为G，由杠杆平衡条件可知 解得 故应在右侧第3格处挂4个钩码。 [4]若将杠杆左右两侧所挂的钩码各向远离支点O的方向移动1个格，则杠杆左边力与力臂的乘积为 杠杆右边力与力臂的乘积为 因杠杆左边力与力臂的乘积大于杠杆右边力与力臂的乘积，故杠杆左端下降。 (3)[5][6]由杠杆平衡条件知 将拉力方向旋转到图中虚线位置时，阻力乘阻力臂的值不变，拉力的力臂减小，故拉力将增大。 30.小明用天平和量筒测量一个外形不规则且不溶于水的固体的密度（已知该固体的密度小于水的密度）。 (1)测量过程如下： ①将天平放在水平桌面上，把游码调至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的_______，天平平衡。 ②把该固体放在天平左盘，平衡时右盘砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，该固体的质量为_____g。 ③用量筒测该固体的体积时，用细线将小金属球绑在固体下方（具体测量过程如图乙所示）。该固体的体积为_____cm3。 ④该固体的密度为________kg/m3。 (2)实验结束后，小明没有利用天平和量筒，用弹簧测力计，细线、烧杯和足量的水又测出了小金属球的密度，具体过程如下： ①用细线系着小金属球，将其挂在弹簧测力计下，测出小金属球的重力G； ②在烧杯中装入适量的水，将挂在测力计下的小金属球完全浸没在水中（小金属球没有碰到烧杯底和侧壁），读出弹簧测力计示数F； ③该小金属球体积V小金属球=______（用字母表示，水的密度为ρ水）； ④该小金属球的密度ρ小金属球=_______（用字母表示，水的密度为ρ水）。 【答案】 (1). 中线处 (2). 16.4 (3). 20 (4). 0.82×103 (5). (6). 【解析】 【分析】 (1)①调平天平遵循左偏右调、右偏左调的原则，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡； ②读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加； ③通过量筒两次的示数之差可以求出该固体的体积； ④该固体的密度可利用密度的公式计算得出； (2)③利用称重法测量小金属球浸没水中受到的浮力；利用阿基米德原理求出金属块排开水的体积（小金属球的体积）； ④根据小金属球的重力求出其质量，再利用密度公式求小金属球的密度。 【详解】(1)①[1]将天平放在水平桌面上，把游码调至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡。 ②[2]图甲中该固体的质量 m=10g+5g+1.4g=16.4g ③[3]图乙中该固体的体积 V=60mL-40mL=20mL=20cm3 ④[4]该固体的密度 (2)③[5]小金属球受到的浮力 因为小金属球浸没水中，所以小金属球的体积 ④[6]小金属球的质量 小金属球的密度 31.小明在探究“电流与电阻的关系”实验时，选取了如下器材：电源（电压恒为6V ）、定值电阻（5Ω、10Ω、 15Ω、20Ω的各一个 ）、滑动变阻器标有“30Ω 2A"、 电流表、电压表、开关、导线若干。 (1)要探究“电流与电阻的关系”，必须改变接入电路的定值电阻阻值大小，通过调节滑动变阻器接入电路的阻值来控制定值电阻两端的_____不变，测量并记录不同电阻所对应的电流。 (2)按电路图正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到____（ 选填“阻值最小”或“阻值最大”）端；闭合开关后，发现电压表有示数，电流表无示数。经检查，电流表、电压表连接无误，则电路存在故障可能是_____（ 选填“开关断路”、“定值电阻断路”或“滑动变阻器断路”）。 (3)排除故障后，小明首先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压控制值为2V，再将定值电阻由5Ω换成10Ω后，接下来应将滑动变阻器的滑片向____（ 选填“靠近”或“远离”）滑动变阻器接入电路的下接线柱方向移动，使电压表示数仍为2V；当把15Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻进行第四次实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电压表示数都超过2V。若仍想成功完成第四次实验，在不更换现有电源和滑动变阻器的前提下，应重新设置定值电阻两端的控制电压的最小值为_______V。 (4)小明完成实验，分析记录的实验数据后，得出的结论是_________。 【答案】 (1). 电压 (2). 阻值最大 (3). 定值电阻断路 (4). 远离 (5). 2.4 (6). 当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比 【解析】 【分析】 (1)探究电流与电阻关系时，需控制电阻两端电压不变； (2)为保护电路，闭合开关前滑片要置于阻值最大处；常见电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因； (3)根据串联电路的分压特点，换接电阻后，应保持电压表的示数不变，根据串联分压的知识判断滑片的移动方向；根据滑动变阻器分压和串联电路电流相等特点分析解答； (4)电流与电阻的关系：电压一定，电流与电阻成反比。 【详解】(1)[1]要探究“电流与电阻的关系”时，需要通过调节滑动变阻器接入电路的阻值来控制定值电阻两端的电压不变。 (2)[2]为保护电路安全，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大端。 [3]闭合开关，电流表无示数，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的定值电阻断路。 (3)[4]将5Ω电阻换成10Ω后，电压表的示数会变大，所以应该增大滑动变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片P向远离滑动变阻器接入电路的下接线柱方向移动，使电压表仍为原来的示数不变。 [5]当把15Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻，滑动变阻器的滑片移到最大阻值30Ω时，根据串联分压原理可知，此时电压表的示数 则应重新设置定值电阻两端的控制电压的最小值为2.4V。 (4)[6]分析记录的实验数据后，得出的结论是当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比。 32.小明用图甲所示的电路，做伏安法测定值电阻实验。 (1)按图甲连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片后，电流表示数为0.3A，此时电压表的示数如图乙所示，则定值电阻的阻值为_________Ω； (2)为了使测量结果更准确，小明进行了多次测量，记录了每次测量中电压表和电流表的数值，计算出每次测量所对应的的阻值，再求的________； (3)小明又设计了另一种测量电阻的方案，电路图如图丙所示，电路中定值电阻的阻值已知，电源电压未知。请你完善下列相关操作步骤，并写出电阻的表达式； ①断开，闭合S、，用电压表测______两端电压， 读出电压表示数为； ②_____________（填各开关的状态），用电压表测两端电压，读出电压表示数为； ③电阻的阻值表达式为________（用、、表示）。 (4)小明在完成实验后，利用图丁所示的电路，测出了额定电流为的小灯泡L的额定功率。电路中定值电阻的阻值已知，电源电压和滑动变阻器的最大阻值未知。请你完善下列相关操作步骤，并写出小灯泡L的额定功率的表达式。 ①断开，闭合S、，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为_______，小灯泡L正常发光； ②断开，闭合S、，_______，读出电流表示数为； ③断开，闭合S、，调节滑片至最左端，读出电流表示数为； ④小灯泡的额定功率的表达式为________（用、、、表示）。 【答案】 (1). 15 (2). 平均值 (3). 电源 (4). 断开，闭合S、 (5). (6). (7). 保持滑动变阻器的滑片的位置不变 (8). 【解析】 【详解】(1)[1]由图乙知，电压表的量程为0～15V，分度值为0.5V，示数为4.5V，则的阻值为 (2)[2]为了使测量结果更准确，小明进行了多次测量，记录了每次测量中电压表和电流表的