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物理参考答案 14.B 15.B 16.C 17.D 18.C 19.AC 20.CD 21.BC 22.每空2分①.1.880mm ② 0.72 ③.0.71 23.(1)正电 （1分） (2)电容器在Δt时间内的放电量（2分） 4.5*10-4--5.0*10-4 （2分） (3)A（2分） D （2分） 24.(1)设夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为v0，则v02＝2gh0（2分） 解得v0＝10 m/s 取向下为正方向，设夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为v，由动量守恒定律得 Mv0＝(M＋m)v（2分） 代入数据解得（2分） (2)由乙图知，桩料下沉过程中所受的阻力随距离均匀变化，可用平均力求阻力做功，则 （2分） 对夯锤与桩料，由动能定理得（2分） 代入数据解得（2分） 25．（20分）解：（1）ab棒到达PQ前，两棒均在区域Ⅰ中，回路中磁通量变化为零，故感应电动势为零，两棒均做加速度相同的匀加速直线运动，设加速度大小为 由牛顿第二定律有：；（2分） 代入数据解得：（2分） （2）ab棒在区域Ⅱ中恰好做匀加速直线运动，表明其受到的安培力恒定，即回路中电流恒定。故cd棒切割磁感线的速度恒定，所以，cd棒一定做匀速直线运动。设cd棒匀速运动的速度（也是ab棒刚好到达PQ的速度）大小为v，ab棒释放点与PQ的距离为x cd棒切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLv（1分） 回路中的电流为：（1分） cd棒受到的安培力为：F=BIL（1分） 对cd棒，由力的平衡条件有：（1分） 联立以上各式，代入数据得：v=3m/s（1分） 对ab棒，由匀变速运动规律有，（1分） 代入数据解得：x=0.75m（1分） （3）ab棒在区域Ⅰ中运动的时间为：（1分） ab棒到达PQ后的过程可分为两段 ①过程1，从ab棒位于PQ至cd棒到达PQ，由右手定则可知ab棒中电流方向从b到a，由左手定则可知ab棒受到的安培力方向垂直轨道平面向下。设ab棒在区域Ⅱ中的加速度为 此过程cd棒在区域Ⅰ中运动的时间为：（1分） 对ab棒，由牛顿第二定律有：（2分） 代入数据得： 故cd棒到达PQ时，ab棒的速度为：（1分） ②过程2，从cd棒位于PQ至两棒相遇前相距最远，因回路中无总应电流，故两样做加速度大小不等的匀变速直线运动，其中cd棒的加速度大小仍为。设ab棒的加速度为，此过程的时间为，对ab棒，由牛顿第二定律有：（1分） 代入数据得， 两棒共速时相距最远，故有，（1分） 代入数据得：（1分） 解得：（1分） 34.(1)获取单色光（1分） xd/（n-1）l （2分） 3xd/2（n-1）l（2分） (2)（1）由波形图可知，波长 波沿x轴正方向传播，则（2分） 其中 解得（1分） 则波速（2分） （2） 时，波速最小，此时（1分） 则（1分） 质点A零时刻向上振，可知（1分） 故质点A的振动方程（2分）