高中物理——同步——高中把关题——物理选修3-1（答案）.pdf

Q高中把关题物理选修3-1RJ高中把关题答某与解析第一章静电场第1节电简道定律必备知识且继续转移，使B球带电荷量为？。的正电，这样共转移的电1.C解析带正电的物体C置于A附近时，由于静电感应，A子电荷量为端带上负电，B端带上正电，故A、B错误；移去C后，由于电2。=2。-2=1.610-9C-（-3.210-)C=4.810-9C,荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故转移的电子数C正确；先把A和B分开，则A带负电，B带正电，移去C后，m=9=4.810C=3.0100(个)。电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D错误。e1.6109C心点评本题考查静电现象，要注意理解感应起电的性质，,观律京结两个完全相同的带电绝缘金属小球，若带|并明确正负电荷之间的相互作用所带来的现象。同种电荷，接触后电荷必均分，即接触后两小球带电荷量2.B解析带电物体能够吸引轻小物体，故b会将球吸引2022;若带异种电荷，先中和后均分。2过来，a与b接触后，因带同种电荷而分开，所以B正确，A、C)解析元电荷即为电子所带的电荷量，任何物体带的D错误。3.B解析当导电平板靠近带电的绝缘板时，导电平板下侧感电荷量都为元电荷的整数倍，元电荷由美国物理学家密立根通应出负电荷上侧感应出正电荷，当导电平板接地时，大地中的过油滴实验测定。故选BCD。电子与正电荷中和，导电平板只剩负电荷，故这种起电方式是、解析任何物体带的电荷量都为元电荷的整数倍。只有A不是。感应起电，B正确。4.B解析人站在绝缘板上，手扶着起电球，电荷通过人体传解析验电器金属杆上端金属球感应出负电荷，由电荷向头发，使头发带同种电荷，因为同种电荷相互排斥，因此出守恒，下端金属箔片感应出正电荷；正电荷相互排斥，箔片现头发竖起来的现象，头发带电的方式属于接触起电，所以B张开。选项是正确的。头试5,B解析对质子H:带电荷量为2召e+1-3ee,故解析摩擦起电实质是两个物体的原子核对核外电子的约束能力不相同，因而电子可以在物体间转移。若一个物由2个u夸克和1个d夸克组成。体失去电子，其质子数比电子数多，我们说它带正电；若一个对中子n:带电荷量为1号e42-39=0,故由1个u夸物体得到电子，其质子数比电子数少，我们说它带负电。使物体带电并不是创造出电荷。克和2个d夸克组成。故B正确。摩擦起电现象是电子的转移，而不是产生，A错误；两种不同6.D解析静电感应使得A带正电，B带负电。导体原来不带材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷，B正确；电，只是在带正电的导体球C静电感应的作用下，导体中的自摩擦起电，是因为摩擦导致电子从一个物体转移到另一个物由电子向B部分转移，使B部分带了多余的电子而带负电，A体而形成的，C错误；丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转部分少了电子而带正电。根据电荷守恒定律，A部分移走的电移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显示带正电，D子数目和B部分多余的电子数目是相同的，因此无论从哪一正确。条虚线切开，两部分的电荷量总是相等的，电子在导体上的分:2.,解析根据电荷守恒定律知道电荷不能被创造，A、B错布不均匀，越靠近右端负电荷密度越大，越靠近左端正电荷密误。摩擦起电的两摩擦物体并非特指绝缘体，也就是说，可度越大，所以左右两部分所带电荷量的值？，？。与切开的位以有导体参与，为什么平时不讲导体呢，做实验时，绝缘体的置有关，选项D正确。效果比导体明显，有说服力，但感应起电的物体必须是导体，7.电B球转移到了A球，转移3.0i因为导体中有大量自由电子，故C错误，D正确。解析当两小球接触时，带电荷量少的负电荷先被中和，剩余13.(解析】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，验电器带有电荷，但的正电荷再重新分配。由于两小球相同，剩余正电荷必均分，电性、电荷量大小未知。若验电器带正电，玻璃棒靠近后验即接触后两小球带电荷量电器指针张角会增大；若验电器带负电，且电荷量较大，则验2,=0,-2+2=-64x10，32x10c=1.6x10c.电器指针张角会减小：若验电器带负电，且电荷量较小，则验2电器指针张角会先变小后变大。故A、B、D有可能。任何情在接触过程中，电子由B球转移到A球，不仅将自身电荷中和，答案与解析Q况都不会出现验电器指针张角先变大后变小的情况，故C不1可能。量-29+9314.A、B、C三个小球的带电荷量分别是-0.25103C.0.625289o10-3C,0.62510-3C.陷阱题解析当小球C和小球A接触后，A、C球带电荷量为：16.A解析验电器带电时，两片金属箔张开，是因为两片金属0号-w-C=1.5103C.箔带同种电荷；金属箔张开过程，斥力做正功，重力势能增加，2故A正确。再让小球B与小球A接触后，此时A、B带电荷量为：g,=2x10,15x10c-02510C.引领新高考回扣把关题217.(1)(V)(2)(V)(3)(V)最后让小球B与小球C接触后，此时B、C带电荷量为：g,=025x10+15x10c-0.62510C.点评本题考查静电现象，难度：容易。218.ABC解析笔套与头发摩擦后，能够吸引圆环，说明笔套所以最终A、B、C三个小球的带电荷量分别是-0.25103C上带了电荷，即摩擦使笔套带电，选项A正确；笔套靠近圆环0.62510-3C、0.62510-3C。时，由于静电感应，会使圆环上、下部感应出异号电荷，选项15.见解析解析先让A球和B球接触一下，这样A、B各带B正确：圆环被吸引到笔套上的过程中，圆环所受向上的吸)9的电荷量，再让B球和C球接触一下，这样B.C各带9引力大于圆环所受的重力，加速度向上，故选项C正确：笔套接触到圆环后，笔套上的部分电荷转移到圆环上，使圆环带的电荷量，最后让A球和B球接触一下，这样A、B各带电荷上与笔套相同性质的电荷，选项D错误。第2节库仑定律第1课时库仑力的理解与基本应用必备知识F=kg2g=32g,方向由C指向A:1.C解析物体能否看成点电荷与物体的大小无关，物体的形状、大小对研究的问题无影响即可看做点电荷。4B对C的电场力为：规律总结看做点电荷的条件：当带电体间的距离比它们自身的大小大得多，以至于带电体的形状、大小及电荷分布Fkg品=32，方向由C指向B:(3L9L2状况对它们之间相互作用力的影响可以忽略不计时，这样的4带电体可看成点电荷。一个带电体能否看做点电荷，是相根据矢量的合成法则，则丙所受到电场力的大小对于具体问题而言的，不能单凭其大小和形状确定。2.C解析电子和质子在研究的范围非常小，与它们的大小差F?警，方向由c指向4不多时，不能看做点电荷，选项A错误；在计算库仑力时均匀关键能力带电的绝缘球体在一定的条件下可视为点电荷，选项B错误：带电的细杆在它的大小相比研究的范围来说可以忽略不计时，可7.A解析相距为r时，根据库仑定律得：Fk32=3g以视为点电荷，选项C正确：带电的金属球在它的大小相比研究的范围来说可以忽略不计时，可以视为点电荷，选项D错误。接触后，各自带的电荷量变为Q=3卫，卫-Q,则此时F=k哭23.减小增大库仑控制变量法点拨当几个物理量同时影响某一物理量变化时，保持其中的一个物理量变化，让其他物理量不变，看它对某一物理g,两式联立得F=等，放A正确，B.CD错误放选A量的影响，这种方法即为控制变量法。8.B解析金属小球A、B之间是库仑引力，故金属小球A、B4.A解析根据库仑定律Fk可知，当r不变时，99，均带异种电荷，设金属小球A带正电荷，B带负电荷。原来金属2变为原来的2倍，F变为原来的4倍，选项A正确；同理可求小球4小、B之间的库仑引力为户kg学=4字。第三个不带得B、C、D中F均不满足条件，选项B、C、D错误。电的金属小球C与A接触后，金属小球A和C的电荷量都为5.D解析因为两球心距离不比球的半径大很多，所以两球不2g,金属小球C与B接触时先中和再平分，则金属小球C、B能看做点电荷，必须考虑电荷在球上的实际分布。当9，、9，是同分开后电荷量均为9一9=9，这时A、B两球之间的相互作用种电荷时会相互排斥，分布于最远的两侧，距离大于3”；当9，、422是异种电荷时会相互吸引，分布于最近的一侧，距离小于3，所2g9力的大小F=k以静电力可能小于k华，也可能大于k,选项D正确。2=9=F,故选项B正确，AC、D错误。(3r)2(3r)9.D解析9.9e电荷对g,的库仑力大小相等，所以6(1)g(2)256kg,方向由C指向AF”=F=F=:4=180N;两个静电力夹角为60，所以合力9L2解新1)油车仑定律得：F器：客。F=2Fcos30-2180N5=1803N,方向沿BAC的2(2)根据库仑定律知，A对C的电场力为：角平分线方向，故选项D正确。高中把关题物理选修3-1RJ10.8.010N.方向水平向左由于l+x2l+x1,所以x1,故正确选项解析电子带负电荷，在C点同时受A、B两C点电荷的作用力F、F,如图所示。为C。由库仑定律F=k得F=k=9.0易错分析有些同学只注意到小球电荷量的变化，忽略白了两球间距离也随之变化，导致错误地认为：球先后受到10210-141.610-1ABN=8.0 10-2N.(6102)2库仑力为F、F,电荷量的乘积从q2变为q2,则F=F,F=k=8.010-2N。再设弹簧劲度系数为k,则由胡克定律F=kx,可得=4，由矢量的平行四边形定则和几何知识得静止放在C点的高从而错选B。能电子受到的库仑力F=F=F=8.010-2N,方向水平向左。11.A解析假设，放在、2之间，那么对1的静电引领新高考回扣把关题力和2对Q的静电力方向相同，Q不能处于平衡状态，所以假设不成立；设Q,所在位置与的距离为r11,1所在位14.D解析设球1、2距离为R,则球1、2之间作用力为F=k,置与Q2的距离为r,要能处于平衡状态，所以1对Q的球3与球2接触后，球2带的电荷量平分，均为，静电力大小等于Q2对Q的静电力大小，即k2球3再与球1接触后，它们带的总电荷量平分，均为(n+2)q由于2=41，所以r=2r13,所以位于1的左边；根据同种4电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q带负电，故选项A正确将球3移至远处后，球1、2之间作用力为F=kn(n+2)q2,8R2规律总结三个点电荷的平衡问题由两式解得：n=6。(1)平衡条件：每个点电荷受到另外两个点电荷的合力为零。(2)平衡规律15.B解析根据库仑定律F=k,在A点放一电荷量为+q电性两同夹异位置三点共线的点电荷时：F=kq平衡规律两大夹小近小远大电荷量电荷量而在C处放电荷量为-2q的点电荷：Fsk209,而LBC陷阱题LAB:LBC=1:2,代人得：F12.AC解析由于两球心间距离L=3r,不满足远大于r的条件，故两球不能看成点电荷，若两球带同种电荷，由于同种16.D解析由于小球c所受库仑力的合力的方向平行于a、b电荷相互排斥，则两球等效中心间的距离大于3r,此时库仑的连线，根据受力分析知，a、b的电荷异号。根据库仑定律，力Fk,C正确。b对c的库仑力为F=k969,F(be)设合力向左，如图所示，根据相似三角易错分析题中由于带电球的大小与它们之间的距离相b比不能忽略，因此不能看成点电荷，不能直接利用库仑定律形，得计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性比较库仑力的大=小。学生易错选B是由于没有正确理解库仑定律的适用条联立式得k=9(ac)64件，乱套公式所致。注意：库仑定律的适用条件是真空中的两个点电荷之间,对于不能看成点电荷的物体要特别注意。17.C解析由库仑定律可知静电力F=k,由牛顿第二定13.C解析取B球为研究对象，B球先后均处于平衡状态，于律可得F=ma(=mr=mo2r=m,将库仑力代入可解是有kq2=-则=4(6+)2(lo+x1)2Co+x,)(+)2得C选项正确。第2课时库仑力的综合应用关键能力=kQQ2,解得Q=40,根据题述，b小球带电荷量为+Q,则a1.C解析根据题意可知，悬挂c球的细线竖直，则c球在水平方向的受力较为简单，即受一个吸引力和一个排斥力，故a、小球带电荷量为-4Q,选项C正确；不能计算出c小球所带的b两球带异种电荷，选项A错误；若a、c带异种电荷，a、c两电荷量，选项D错误。球相互吸引，又知a、b两球带异种电荷，a、b两球相互吸引，2.A解析C球受力如图所示方可则a球受力方向向右，与题给信息矛盾，故a、c两球带同种电平衡荷，选项B错误；由以上分析可知，b球带正电荷，a、c两球带在水平方向上Fcos0=FAC负电荷，对c球受力分析，由库仑定律和平衡条件可知k即kcos 0=ke,ecB(2r)2LBCLAC92答案与解析0.o则解得F,9=90又因为Luc=53=cot 0陷阱题LAB7.BCD解析以a球为研究对象，设ab连线与竖直方向的所以=30夹角为a则(a)分析受力情况，根据平衡条件，电场力为A、B一定为异种电荷，C球所带电荷量无法求得，故A对。F=,a,cosa增大，则电场减，挡板对a3.AD解析施加F前，B受到重力、槽的支O.的弹力N=mgtan，a减小，N减小；对整体研究，水平方向持力和库仑力，根据几何关系，NmgF=N,则作用力F将减小，故A错误，B正确。电场力F减sin60F小，根据库仑定律得知，两球间的距离增大，而F做正功，根=2mg,库仑力F=据功能关系可知，系统重力势能增加，故C、D正确。3,A球mgDtan 60被推到半圆形槽的底部后，设此时两球之间距离为r,对B球名师点睛本题是动态平衡问题，关键要灵活选择研究对象，先对a研究，再对b研究，比较简便，注意系统的重力势受力分析如图，根据几何关系，N2=R=1,即N2=mgN1,槽能与高度变化的关系。mg R对B球的支持力变小，故A正确；根据几何关系，2=,又引领新高考回扣把关题mg Ro,解得3r3=R3,故rR,即两球间距离8.BC解析A对B有竖直向上的库仑力，大小为F=0.9N;对B与支架整体分析，竖直方向上合力为零，则减小，故B错误；两球带同种电荷，间距减小，库仑力做负功，电势能增大；推力F做的功等于系统机械能的增加量与电势F+F=mg,可得F=mg-F=1.1N,由牛顿第三定律知F=F,能增加量之和，故D正确，C错误。选项A错误。因两细线长度相等，B在A的正下方，则两线拉4.BC解析以m为研究对象，对m受力分析如图所示。力大小相等，小球A受到竖直由共点力平衡得Fsin0=F向下的重力、库仑力和F、F的Fcos 0=mg作用而处于平衡状态，因两线解得tan,同理tan因夹角为120，根据力的合成特m.8mg点可知，F=F=G+F=1.9N;当B移到无穷远处时，为不论q1、q2大小如何，两带电小球所受F=F=G=1N,选项B正确，选项D错误。当B水平向右移库仑力属于作用力与反作用力，永远相至M、A、B在同一条直线上时，小球A受力如图所示。等，故由tan=知，m大，则tan小，对A受力分析并沿水平方向和竖直方向正交分解，mi8水平方向：Fcos30=F,cos30+Fcos 300也小(12cm的区域2，的电场强度大于2，的电场强度，故在x12cm的区域电场沿xE型。故选B。轴正方向，选项A正确，B错误；在2、2，之间，正电荷2，和r29r3负电荷2，在该处产生的电场强度方向沿x轴正方向，所以实方法点拨际电场强度也是沿x轴正方向，根据点电荷的电场强度公式得解答本题关健要掌握场强的定义式E=x坐标轴大于12cm区域的电场强度方向沿x轴正方向，所以和点电荷场强公式E=k号，熟蛛运用比例法，即可进行x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向的区域是(0,6cm)和(12cm,，选项C、D错误。求解。10.B解析处于0点的正点电荷在G点处产生的电场强4.B解析因为P点场强为零，由点电荷电场强度公式得度号，方向沿y轴负向：又因为G点处电场强度为大=可得9=故B述项正确。零，所以M、N处两负点电荷在G点共同产生的电场强度5D解析根据点电荷电场强度公式E=望,则放在B点处的E,=E,=k号，方向沿y轴正向：根据对称性，从、V处两负点金属小球甲在D点处产生的电场强度为E?2心4ko电荷在H点共同产生的电场强度E,=-E=k号，方向沿y轴负向：将该正点电荷移到G处，该正点电荷在H点产生的电当将不带电的相同金属小球乙与甲充分接触后，再把两球分别置于A、C两点处，则两球的电荷量分别为，那么A点处的场强度Ek2品，方向沿y抽正向，所以H点的电场强度2k266-6?瓷方向沿y结负向，故达项B正确小球在D点处产生的电场强度E?8亦18O,而C点处的引领新高考回扣把关题小球在D点处产生的电场强度E(是：因为两球在D点处11.C解析由点电荷的场强公式E=k是可知，A、B两点的电产生的电场强度方向相同，因此它们在D点处的电场强度大场强度大小之比为9：1，C选项正确。小为EE+E:0E,选项D正确。912.B解析根据点电荷的电场强度公式得方法点拨求电场中某点的电场强度=4,由PR=2R2(PR)(ROY(1)分析该处有几个分电场，先计算出各个分电场在该点的解得q,=4920电场强度的大小和方向；13.B解析电荷量为g的点电荷在b点处产生的电场强度为(2)依次利用平行四边形定则求出失量和。6.D解析电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电荷量的比是，值，即E=,与放入电场中的电荷无关，9变大，F变大，比值在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生的电场强度也为不变，故A错误：电场强度与放入电场中的电荷无关，由电场本是。身性质决定，即使不放检验电荷，该点的场强也不为零，故B错那么根据对称性，圆盘在d点产生的电场强度也为E=k马误：电场线与电荷的运动轨迹是两回事，只有当电场线是直线，电荷量为g的点电荷在d处产生的电场强度为且电荷的初速度为零，或初速度与电场线在同一直线上时，电荷才沿电场线运动，故C错误：电场强度的方向与正电荷所受电=,品】E=k_99R21场力的方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反。电场中某由于两者在d处产生的电场强度方向相同，点的场强方向与放入电场中的电荷无关，故D正确。7,C解析电场线的疏密表示场强大小，只有一条电场线不能所以两者在d处产生的电场强度为k109R2,故B正确，A、C判断出场强的大小关系。正电荷所受电场力的方向即为电场D错误。线的切线方向。8.AD解析对比等量同种电荷、等量异种电荷的电场线，A对：14.B解析将二圆环视为点电荷，圆环半径为，则每个点B选项电场方向不同，B错：电场线不是轨迹，C错：匀强电场电荷在坐标原点O的场强=k号，根据场强的合成满足中各处场强相同，同一电荷在不同位置受力相同，D对。平行四边形定则，可知选项A和C中坐标原点O的场强为关键能力B=k号，选项B中坐标原点O的场强为B=k,选项D9.A解析某点的电场强度是正电荷2，和负电荷2，在该处答案与解析中坐标原点O的场强为0，故选项B符合题意。16.D解析由题意，单块极板产生的电场强度为E215.D解析用位于导体平面下方h处的镜像电荷-g代替导体平面上的感应电荷，边界条件维持不变，即yOz平面为零根据电场的叠加原理，极板间的电场强度大小E=2E=0势面。在z轴上z=处，q的场强大小为E=,-g的场Eos选项B、C错误；由于一块极板在另一块极板处产生的电场强大为=，两个场强方向相同，其合场强=k,强度处处相同，借用微元和累加的思想，所以另一块极板所故D对，A、B、C错。受电场力为F=CEO-LRs,故选项A错误，选项D正确。第2课时电场力的性质关键能力7.B解析电场线的疏密程度表示场强大小，A点电场线密集，1.C解析根据平行四边形定则，求出+q和-g在O点产生故电场强度大，电场力大，故加速度大，所以粒子的加速度一的合场强，大小等于其中一个点电荷在O点产生的电场强度直减小，由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的大小，方向水平向右，要使圆心处的电场强度为零，可在C的方向与电场强度方向相反，故粒子带负电，电场力做负功，点放一个电荷量Q=-g的点电荷，故选项C正确。速度慢慢减小，所以粒子做加速度减小的减速运动，故B正确。2.C解析由等量的异种点电荷形成的电场特点，根据小球的8.CD解析带电粒子做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的受力情况可知小球在细管内运动时，合力等于重力，小球速度内侧，由于电场线的方向未知，所以粒子带电性质不确定，故一直增大，故A错误；库仑力水平向右，不做功，故B错误；在选项A错误；从图中轨迹变化来看，速度与力方向的夹角小于kgokgo 8kqo90，所以静电力都做正功，动能都增大，速度都增大，故选项连线中点处库仑力最大，F=,故C正确；B错误，D正确；电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加管壁对小球的弹力与库仑力是平衡力，所以最大值为,故速度增大，故选项C正确。方法总结电场线与粒子轨迹D错误。根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向和粒子速度方向，粒3.D解析a、b、c处固定的正点电荷各自的电场场强在D点子速度方向即为轨迹曲线的切线方向，电场力沿电场线的切大小相等，且方向互成120角，故D点的电场强度一定为零，线方向指向轨迹的凹侧；再结合电场强度方向判断电性，然后故A错误；c处固定的正点电荷在E、F两点的电场强度等大根据电场线的疏密程度判断加速度的大小，从而判断粒子的反向，a、b处分别固定的正点电荷在E点的合场强为0，但在运动情况。F点的合场强不为0，故B错误；E、G、H三点的电场强度大小9.A解析对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律得：相等，都等于所对顶点处电荷在该位置的电场强度，但方向各不相同，故C错误；若释放c电荷，c电荷将沿EF方向做加速Eq1+Eq2=2ma,对球2受力分析，由牛顿第二定律得：T+Eq2=ma,运动，故D正确。4.A解析电场线的疏密表示场强大小，电场线在某点的切线两式联立得T=(q1-2)E。方向表示该点的场强方向。故A正确。5.C解析根据电场线的疏密程度，判断N点的场强比M点10.(1)nmig tan 0(2)2b的场强大，故A错误；据场强的定义式知，M点的场强大小为Egtan0上，由场强方向的规定知，该点的场强方向与负试探电荷所受解析(1)小球受力平衡，对小球受力分析如图所示。Fsin 0=qE电场力的方向相反，故B错误；据点电荷的场强公式E=等知，Fcos 0=mg场源电荷的电荷量越大，距离场源电荷相同距离的位置场强越解得q=mg tan 0E大，电场线越密，由题图可知b的右侧电场线密，a的左侧电场(2)研究水平方向的运动。剪断丝线后qE线稀疏，所以a的电荷量小于b的电荷量，故C正确；场强由电小球沿水平方向做匀加速直线运动。mg场本身决定，与试探电荷无关，所以M点处的点电荷电荷量变为2g,该处场强不变，故D错误。加速度为a=Eq=gtan0方法点拨根据电场线的特点，判断M点和N点的场强，由运动学公式得b=aa、b为异种电荷；根据场强的定义式和场强方向的规定判断选项即可。用好用活电场线与场强的关系是解题的关键，此解得t=2b题判断a、b的电荷量的大小关系是难点。gtan 011.(1)B点的电场强度的大小为2.5N/C,方向指向x轴负方向6.BCD解析由带电粒子所受合外力（即静电力）指向轨迹凹(2)点电荷Q带负电，理由见解析侧，知静电力方向逆电场线方向向左，粒子带负电荷，A错误；解析(1)由图可以知道，B点的电场强度由题图知EAEn,a=F=9E,故B正确；粒子从A运动到B771771E=2.5N/C,方向指向x轴负方向。过程中受到的静电力做负功，速度减小，C正确；由于电场线9(2)放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的为直线而粒子的运动轨迹为曲线，故粒子在A点的速度不为正方向相同，而正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，零，D正确。负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反。若点电荷在A95