温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,汇文网负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。
网站客服:3074922707
一线
答案
冲刺卷一 答案全解精析高考考前原创冲刺卷一一、选择题 因为 或,所以,故选 ()()()(),(),故选 设 与 的夹角为,因为 ,所以 ,又,所以,故选 当,时,()(),所以“”“()()”;当()()时,因为(),所以,所以“()()”“”,所以“”是“()()”的必要不充分条件,故选 将直线 变形得(),易知直线恒过定点(,),由题意得圆 的圆心坐标为(,),又因为直线 与圆 相切,所以半径 ,所以圆 的方程为()()()(),将()的图象向左平移()个单位后得到()()()的图象,因为 是()的图象的对称轴,所以 (),解得 ,又因为,所以 的最小值为,故选 人和主教练郎平站一排合影留念,郎平站在最中间,她们 人随机站于两侧,则不同的排法共有 种;若要使得朱婷和王梦洁站于郎平同一侧,则不同的排法共有 种,所以所求概率,故选 ()()(),()为偶函数,图象关于 轴对称,排除,当 时,(),排除,故选 根据 ,可得 ,的面积为,其所在球的小圆圆心 为斜边 的中点,由于底面积 不变,所以高最大时体积最大,所以 与平面 垂直时,三棱锥 的体积最大,为,即 ,所以,设球心为,半径为,则在直角 中,()(),解得,故选 由,得,故公比 ,又 ,所以,所以()(),故()()(),即,又 ,所以 的最小值为,故选 由题意得()在,上的值域为()在,上的值域的子集,易知(),的值域为,(),当 时,()的值域为,符合条件;当 时,()的 值 域 为,则,所以,解得;当 时,()的 值 域 为,则,所以,解得综上,故选 公众号:中学生上分 一线名卷如图所示,设另外两个切点分别为,易得 ,所以 ,可得 ,因为 ,所以 ,所以,所以双曲线的渐近线方程为,故选 二、填空题答案;解析不等式组对应的可行域如图中阴影部分所示,由,得,即,()当直线 过 时,有最大值,且 ()由,得,即(,)当直线 过 时,有最小值,且 答案 解析 由 题 意 可 得 ,将(,)代入回归直线方程得 ,解得 答案,解析 建 立 如 图 所 示 的 直 角 坐 标 系,则,(),(),(),可设,()(),则,(),(),所以,(),(),由,可得,所以的取值范围是,答案()解析 因为实数,满足,所以 ,所以点(,)在曲线 ()上,点(,)在直线()上所以()(),如图所示,作曲线 ()平行于 ()的切线,当 点为切点时,到直线()的距离即为 的最小值令 ,得,此时(,),到直线()的距离(),所以的最小值为()三、解答题解析()()()()(),(分)由最小正周期,得(分)公众号:中学生上分冲刺卷一 ()由()知()(),由()(),得()(分)又(,),(),解得(分),得 (分),(分)解析()证明:如图,连接,因为 ,所以,所以 因为四边形 为直角梯形,所以,所以,(分)又,即,平面,且,所以 平面 因为 平面,所以,(分)由题易知四边形 为菱形,所以,因为,平面,且,所以 平面 因为 平面,所以(分)()设 的中点为,连接,由题可得 为等边三角形,所以,过点 作 交 于点,易得,两两垂直,以 为坐标原点,分别以,为,轴建立空间直角坐标系则 ,(),(),(),(),(,),(),(),(分)设平面 的法向量为(,),则,即(,)(,),(,),(),即,令,得,所以,()(分)设平面 的法向量为(,),则,即(,)(,),(,),(),即,令,得,所以,()(分)所以,又二面角 为锐角,所以二面角 的余弦值为(分)解析()由椭圆过点(,),得,(分)由椭圆的离心率为,可得,又,所以,(分)所以椭圆的标准方程为(分)()设(,),(,),(,),因为 为 的重心,所以,所以,(分)当直线 的斜率不存在时,得,所以(),解得,此时 (分)当直线 的斜率存在时,设直线 的方程为 (),联立,消去,得(),()()(),即,由根与系数的关系得,(分)()()(),所以(),(),所以 点的坐标为,(),(分)将 点坐标代入椭圆方程,得,符合,且,公众号:中学生上分 一线名卷()()()()(),将 代入,得()(),由,得(,即(,(分)综上,的取值范围为,(分)解析()由频数分布表,可得体验得分等级为优秀的用户人数为,其中女性人数为,男性人数为 使用体验得分等级为良好或一般的用户人数为,其中女性人数为,男性人数为(分)作出 列联表:优秀一般或良好合计男性人数女性人数合计(分)()(分)因为,所以有 的把握认为“使用体验得分等级为优秀”与性别有关(分)()记“使用体验得分等级为优秀”为事件,“使用体验得分等级为良好”为事件,“资费标准得分等级为良好”为事件,“资费标准得分等级为一般”为事件 则由频数分布表知(),(),(分)由频率分布直方图知(),()(分)从首批办理 套餐的用户中随机抽取 人,使用体验得分等级高于资费标准得分等级的概率()()()()()()()(分)通过以上数据,用户使用体验得分等级高于资费标准得分等级的概率较高,说明用户普遍对于 的使用体验较为满意,相对而言,对于资费标准较不满意,作为运营商,应该采取措施降低 套餐的资费标准,才能进一步加快 套餐的推广(分)解析()(),当 时,()恒成立,所以()在 上单调递增;(分)当 时,令 (),得 ()所以 ,()()时,(),此时()单调递减,(),()时,(),此时()单调递增(分)综上,时,()在 上单调递增;时,()在,()()上 单 调 递 减,在(),()上单调递增(分)()若,则(),()()恒成立,即不等式 恒成立,设()(),只需 ()即可,()(),设()(),则(),所以()在(,)上单调递增,(分)又因为(),(),所以存在,(),使得(),(分)且(,)时,()(),此时()单调递减,(,)时,()(),此时()单调递增,(分)所以()()(),(分)因为,(),所 以 ,(),即(),(),又因为,所以 的最大值为(分)解析()因为直线 的参数方程为,(为参数),所以当 时,的普通方程为(分)当 时,的普通方程为 ()(分)因为曲线 的极坐标方程为 ,所以曲线 的直角坐标方程为(分)()解法一:将 的参数方程代入 的直角坐标方程,整理得()(分)(),设,对应的参数分别为,则 ,(分)所 以()()整理得 (),(分)故 或 当 时,由,解得 (正值舍去)故 或 (分)解法二:圆 的标准方程为()(),圆心(,),半径,公众号:中学生上分冲刺卷二 与圆 交于,两点,且 ,故圆心(,)到 的距离()(分)当 时,的方程为,符合题意,此时(分)当 时,的方程为 所以 ,(分)整理得 ,解得 ,故 综上所述,或 (分)解析()(),(分)当 时,得,所以;(分)当 时,得,所以;(分)当 时,得,所以(分)综合可得()的解集为(分)()解法一:作出函数()的图象(分)当 与 平行时,(分)当 过点(,)时,(分)若()有三个不同的实数根,即()的图象与直线 有三个交点,则结合图象可得(分)解法二:当 时,令,时,显然不成立,时,若 有解,则;(分)当 时,令,得 ,若 有解,则;(分)当 时,令,得,若 有解,则(分)若()有三个不同的实数根,则,解得(分)高考考前原创冲刺卷二一、选择题 因为集合 ,所以,因为()()()的实部与虚部相等,所以,解得,所以 因为向量(,),(,),(,),所以(,),(,),又()(),所以,解得 解法一:设“小明选取的两节课中恰有一节是数学建模课程”为事件,则()解法二:记两节数学建模课程为,两节数学史课程为,从 节课中,任选两节的基本事件有,共 种情况,选取的两节课中恰有一节是数学建模课程的基本事件共 种情况,所以所求概率 解法一:画出可行域,如图所示,易知直线 经过点 时,取得最大值,解法二:由线性约束条件可得可行域的三个顶点为(,),(,),(,),分别代入目标函数得 ,所以直线 经过点 时,取得最大值,解法一:如图,连接,取 的中点,连接,因为 是 的中点,所以,故异面直线 与 所成的角为(或其补角),因为正方体的棱长为,所以 ,因为,所以,在 中,故异面直线 与 所成角的余弦值为公众号:中学生上分 一线名卷解法二:设 为 的中点,连接,因为 是 的中点,所以,故异面直线 与 所成的角为(或其补角),因为正方体的棱长为,所以 ,在 中,故异面直线 与 所成角的余弦值为 设的公比为,因为,所以(),所以,故,所以 ()(,),令 ,则(),对于二项式(),()()(,),令,得 ,所以 的系数为 因为()(),所以 ,所以 结合题意,作出图形,可设(,),(,),得(,),(,),因为以 为直径的圆过点,所以,即,所以(),所以 ,又,所以 故选 因为函数()的图象向右平移个单位后可得到函数()的 图 象,所 以 ()()(),由,得,当 时,函数()的单调递减区间为,当 时,函数()的单调递减区间为,要使函数()在区间,和,上单调递减,则,解得,),所以 的最小值为 因为()(),所以()()(),又因为()()恰有三个零点,所以函数()的图象与 有三个交点,因为当(,时,()的图象与 必有一个交点,所以当(,)时,()的图象与 必有两个交点,即()在(,)上必有两个零点,故()(),(),解得,所以实数 的取值范围为(,)二、填空题答案解析 先将函数表达式化简为(),由此可得(),即有()(),所以()答案 ;解析 由()得(),所以 ()(),即()(),当 时,所以 ,所以,所以,所以当 时,故,即(),又 符合上式,所以 (),所以 ,()答案解析易知正方体瓶子的棱长是球形石子直径的整数倍,不妨设为()倍,下面我们证明石子的大小与所有石子所占据空间的总和无关,为此设瓶中仅放入一个最大的球体,如图所示公众号:中学生上分冲刺卷二 由于题中的正方体瓶子可分割成 个小正方体,而每个小正方体与题图中的情况相同,每个石子都内切于一个小正方体设大正方体的体积为,其内切球体积为 球,小正方体的体积为,相对应的小石子的体积为 球,显然球球(,),由等比定理得球球球球球,由此可知石子的大小与所有石子所占空间的总和无关,于是所有石子所占空间的体积总和与瓶子体积比为()(其中 为正方体瓶子内切球半径),故当瓶子中的水不足瓶子容积的时,乌鸦将难以喝到水答案 解析 过 点作抛物线的两条切线,设切线方程为,切点坐标为(,),(,),由,得,则,解得 ,即,解得,的最大值为 三、解答题解析()由正弦定理得(),即 ()(分)又因为,所以,所以 ,所以(分)()由()知,在 中,由余弦定理得 ,所以 ,(分)在 中,由正弦定理得,即(分)又因为,所以,所以 (分)解析()当 为线段 的中点时,平面(分)取线段 的中点,的中点,连接,所以,又,所以,故四边形 为平行四边形,所以,因为 平面,平面,所以 平面(分)()过 点作,因为平面 平面,平面平面,所以 平面,以 点为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,不妨设,则,则(,),(,),(,),(,),又 因 为 ,所 以,(),所以(,),(),(分)设平面 的法向量为(,),则,即,取 ,可得 (,)(分)易知平面 的一个法向量为(,),则,(分)又易知二面角 为锐角,所以二面角 的余弦值为(分)解析()记“抽取的志愿者中包含 但不包含”为事件,则()()()()()(),解得,(舍去),则 的值为(分)()由题意知 可取的值为,则(),(),(),(),()(分)公众号:中学生上分 一线名卷因此 的分布列为(分)解析()设动点 的坐标为(,),因为动点 到直线:的距离等于到点(,)的距离的 倍,所以 (),整理得,所以动点 的轨迹 的方程为(分)()联立,消去 得(),则()()(),即,(分)所以,所以点,(),即,(),假设存在(,),满足,则,即,(分)由,得点 的坐标为(,),所以()()()()()()()恒 成 立,所 以,解得,(分)所以存在点(,)满足题意(分)解析()函数()的定义域为(,),当 时,(),(),令 (),解得,令 (),解得,从而()在(,)上单调递增,在(,)上单调递减,故当 时,()取得极大值,为,无极小值(分)()()()(),定义域为(,),()(),令()(),则(),若 是函数()的一个极大值点,则需满足(),且存在,使得(,)时,(),(,)时,()(分)当 时,()恒成立,从而()在(,)上单调递增,不满足条件(分)当 时,令(),解得 ,所以 ,()时,(),()时,(),从 而 ()在,()上单调递增,在,()上单调递减,则 时,()取得极大值,令()(),则(),令(),解得,所以,()时,(),()时,(),所以()(),故若满足条件,则需满足,即,(分)当 时,()()()()(),因为,所以当 时,(),又,()时,(),所以函数()在 处取得极大值,故若 是函数()的一个极大值点,则 的取值范围为,()(分)解析()由 ,得曲线 的极坐标方程为 ,因 为 直 线 的 参 数 方 程 为,(为参数,),所以直线 的普通方程为,所以直线 的极坐标方程为 (分)()设(,)为点 的极坐标,则有,解得,设(,)为 点的 极 坐 标,则 有 ,解得,又 ,所以,解得 或(分)解析()由()()得,令(),得(),结合图象可知 的解集为(,)(,),即不等式()()的解集为(,)(,)(分)()由 ()()得()(),又因为,所以()(),结合()可知,实数 的取值范围为,(分)高考考前原创冲刺卷三一、选择题 ,则,所以,故选 因为 ()()(),所公众号:中学生上分冲刺卷三 以 ,故选 设公差为,则,则,可转化为,解得,则,故选 设 ,依题可知选取的点取自阴影部分的概率 ,故选 将直线 代入渐近线方程 中,解得点,(),又(,),所以 ()(),所以,所以 为直角三角形,其中,则 ,因为 为等腰三角形,所以 ,即 ,所以双曲线 的离心率 ,故选 由几何体的三视图知几何体的直观图如下,其中 平面,则 (),故选 执行程序如下:(),;()(),;(),;()(),;()(),;(),此时退出循环,故选 因为()的定义域为 ,且()()(),所以函数()为偶函数易知当 时,函数()单调递增,所以当 时,函数()单调递减,则()()等价于,即()(),解得,故选 如图所示,在正四面体 中,取 的中点,连接,则,又 ,所以 平面,则 设平面 与除、外的各棱分别交于,则四边形 为矩形设,(,),由相似比可知,所以截面面积 ()(),当且仅当,即,即,均为所在棱中点时取到等号,故选 ()(),将函数()的图象向右平移个单位长度后得 到 函 数 ()的 图 象,则 ()()(),易 知()的 单 调 递 减 区 间 为,当 时,单调递减区间为,又,(),所以()在,()上单调递减,故选 依题意得抛物线:若点 在 轴上方,设(,),(,),则(,),所以:()(),代入点(,)整理得 ,:()(),令 ,得 ,所以点 的坐标为(,);若点 在 轴下方,由抛物线的对称性可知,点 的坐标为(,),故选 由题意得,则(,)且()令(),则()(),则函数()在(,)上单调递增由()()得,即 因为函数()在(,)上单调递增且(),公众号:中学生上分 一线名卷(),所以,(),故选 二、填空题答案解析 (,),(,),(,),又 向量 与 垂直,(),即(),解得 答案 解析 根据不等式组,画出可行域,如图所示,目标函数 表示定点(,)与可行域内的动点(,)连线的斜率,由图可知当点 的坐标为(,)时,取得最大值,为 答案(,)解析(),因为函数()在(,上没有最小值,则()在(,上没有最大值(),当 时,()在(,上单调递增,故()存在最大值,不符合题意;当 时,()在(,)上单调递减,在(,)上单调递增,则只需使()(),解得;当 时,()在(,上单调递减,符合题意综上可得,故 的取值范围为(,)答案(,解析 设 边上的高为 由 得,(),化简得 ,则 由 可知,根据余弦定理可得 ,解得,所以(,三、解答题解析()证明:由题意可得(),(分)又,数列是以 为首项,为公比的等比数列(分)()由()得(),则()(),(分)则()()()()()()()()()(分)解析()证明:取 的中点,连接,在 中,且,且,四边形 为平行四边形,又 平面,平面,平面(分)()由题意可知,在四棱锥 中,又,平面,又,所以 平面,所以 与平面 所成角为,(分)设,则,由题可得 ,所以 ,则,即,(分)以 为坐标原点,分别为,轴建立空间直角坐标系,则(,),(,),(,),(,),(),(),即,(),连接,设平面 的法向量为 (,),则,即,取,可得(,),(分)易知平面 的一个法向量为(,),(),(分)易知二面角 为锐角,二面角 的余弦值为(分)公众号:中学生上分冲刺卷三 解析()由题意可得,解得 ,(分)所以,则椭圆 的方程为(分)()证明:当直线 与 轴不重合时,设直线:,(,),(,),联立,整理得(),(分)由()()得,根据韦达定理可得,(分)()()()()()()()()()()()()(),(分)所以(分)当直线 与 轴重合时,(,),(,)(或(,),(,),则(分)综上可知,(分)解析()因为游客来京时间是任意的,所以所求概率为古典概型连续两天的取法共有 种,这 天内有 次连续 天空气质量为优或良,则所求概率(分)()设洗车店每天收入为 元,则 可取,(分)(),(),(),(分)则 的分布列为则()(元),故洗车店这段时间每天收入的数学期望为 元(分)()月份连续 天的空气质量为“优”的频率为,记 为抽取的 天中空气质量为“优”的天数,则 (,),(分)所以“”的概率()()()()()()所以至少有 天空气质量为“优”的概率为(分)解析()当 时,定义域为(,),当 时,定义域为(,)(分)()(),令 ()得,(分)若,则当 ,()时,(),当,()时,();(分)若,则当 ,()时,(),当,()时,()(分)当 时,函数()的单调递减区间为,(),单调递增区间为,();当 时,函数()的单调递减区间为,(),单调递增区间为,()(分)()证明:当 时,()等价于(),(分)由()可得,当 时,函数()在,()上单调递增,在,()上单调递减,()(),(分)令()(),则()(),当(,)时,(),函数()单调递减,当(,)时,(),函数()单调递增,()(),(分)又函数()与()不能同时取到最值,()(),即()(分)解析()由,得(,),(,),(分)曲线 的普通方程为()(分)()对曲线 上的任意点 都有 为锐角,曲线 与以 为直径的圆 外离,(分)则有,所以 或(分)解析()由题可知()(),即 ,又,即(分)公众号:中学生上分