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2002
北京
高考
理科
数学
答案
2002年北京高考理科数学真题及答案
参考公式:三角函数的积化和差公式
;
;
正棱台、圆台的侧面积公式其中、分别表示上、下底面周长,表示斜高或母线长
球体的体积公式 其中表示球的半径.
一.选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.满足条件的集合的个数是( )
(A)1 (B)2 (C)3 (D)4
2.在平面直角坐标系中,已知两点,则的值是( )
(A) (B) (C) (D)
3.下列四个函数中,以为最小正周期,且在区间上为减函数的是( )
(A) (B) (C) (D)
4.个直径都为的球,记它们的体积之和为,表面积之和为;一个直径为的球,记其体积为,表面积为,则( )
(A)(B) (C) (D)
5.已知某曲线的参数方程是,若以原点为极点,轴的正半轴为极轴,长度单位不便变,建立极坐标系,则该曲线的极坐标方程是( )
(A) (B) (C)
6.给定四条曲线:①,②,③,④.其中与直线仅有一个交点的曲线是( )
(A)①②③ (B)②③④ (C)①②④ (D) ①③④
7.已知,,且.若,则的最大值是( )
(A)6 (B) 5 (C) 4 (D)3
8.若,则的值为( )
(A)3 (B)-3 (C) -2 (D)
9.12名学生分别到三个不同的路口进行车流量的调查,若每个路口4人,则不同的分配方案共有( )
(A)种 (B) 种 (C) 种 (D) 种
10.设命题:“直四棱柱中,平面与对角面垂直”;命题乙:“直四棱柱是正方体”,那么,甲是乙的( )
(A)充分必要条件 (B)充分非必要条件 (C)必要非充分条件 (D)即非充分又非必要条件
11.已知是定义在上的奇函数,当时,的图象如图所示,那么不等式的解集是( )
(A) (B)
(C) (D)
12.如图所示,是定义在上的四个函数,其中满足性质:
“对中任意的和,任意,
恒成立”的只有( )
(A) (B) (C) (D)
二.填空题:
13.从大到小的顺序是 .
14.等差数列,中,,公差不为零,且恰好是某等比数列的前三项,那么该等比数列公比的值等于 .
15.关于直角在平面内的射影有如下判断:①可能是的角;②可能是锐角;③可能是直角;④可能是直角;⑤可能是的角.其中正确的序号是 .(注:把你认为正确判断的序号都填上).
16.已知是直线上的动点,,是圆的两条切线,,是切点,是圆心,那么四边形面积的最小值为 .
三.解答题:解答应写出文字说明、证明过程或推演步骤.
17.解不等式
18.如图,在多面体中,上、下底面平行且均为矩形,相对的侧面与同一底面所成的二面角大小相等,侧棱延长后相交与两点,上、下底面矩形的长、宽分别为与,且,两底面间的距离为.
(1)求侧面与底面所成二面角的大小;
(2)证明:;
(3)在估侧该多面体的体积时,经常运用近似公式来计算,已知它的体积公式是试判断与的大小关系,并加以证明.
(注:与两个底面平行,且到两个底面距离相等的截面称为该多面体的中截面.)
19.数列由下列条件确定:,.
(1)证明:对,总有;
(2)证明:对,总有;
(3)若数列的极限存在,且大于零,求的值.
20.在研究并行计算的基本算法时,有以下简单模型问题:
用计算机求个不同的数的和,计算开始前,个数存贮在台由网络连接的计算机中,每台机器存一个数.计算开始后,在一个单位时间内,每台机器至多到一台其他机器中读数据,并与自己原有数据相加得到新的数据,各台机器可同时完成上述工作.为了用尽可能少的单位时间,即可完成计算,方法可用下表表示:
机器号
初始时
第一单位时间
第二单位时间
第三单位时间
被读机号
结 果
被读机号
结 果
被读机号
结 果
1
2
2
1
(1)当时,至少需要多少个单位时间可完成计算?把你设计的方法填入下表
机器号
初始时
第一单位时间
第二单位时间
第三单位时间
被读机号
结 果
被读机号
结 果
被读机号
结 果
1
2
3
4
(2)当时,要使所有机器都得到,至少需要多少个单位时间可完成计算?(结论不要求证明)
21.已知,,是的三个顶点.
(1)写出的重心,外心,垂心的坐标,并证明三点共线;
(2)当直线与平行时,求顶点的轨迹.
22.已知是定义在上的不恒为零的函数,且对于任意的都满足:.
(1)求的值;
(2)判断的奇偶性,并证明你的结论;
(3)若,,求数列的前项的和
参考解答
说明:
一. 本解答指出了每题要考查的主要知识和能力,并给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与本解答不同,可根据试题的主要考查内容比照评分标准制订相应的评分细则。
二. 对计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应得分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分。
三. 解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数。
四. 只给整数分数,选择题和填空题不给中间分。
一. 选择题:本题考查基本知识和基本运算,每小题5分,满分60分。
1. B 2. D 3. B 4. C 5. D
6. D 7. C 8. A 9. A 10. C
11. B 12. A
二. 填空题:本题考查基本知识和基本运算,每小题4分,满分16分。
13.
14. 4
15. (1)(2)(3)(4)(5)
16.
三. 解答题:本大题共6小题,共74分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17. 本小题主要考查不等式的解法等基本知识,考查运算能力和逻辑思维能力,满分12分。
解:原不等式
因为
又或
或
或
或
所以,原不等式组
因此,原不等式的解集为
18. 本小题主要考查直线、平面的位置关系,考查不等式的基本知识,考查空间想象能力和逻辑推理能力,满分12分。
(1)解:过作底面ABCD的垂直平面,交底面于PQ,过作,垂足为G
平面ABCD//平面,
,
为所求二面角的平面角
过作,垂足为H,由于相对侧面与底面所成二面角的大小相等,故四边形为等腰梯形
又
,即所求二面角的大小为
(2)证明:AB、CD是矩形ABCD的一组对边,有AB//CD
又CD是面ABCD与面CDEF的交线
AB//面CDEF
EF是面ABFE与面CDEF的交线
AB//EF
AB是平面ABCD内的一条直线,EF在平面ABCD外
EF//面ABCD
(3)
证明:,
19. 本小题主要考查数列、数列极限、不等式等基本知识,考查逻辑思维能力,满分12分。
(1)证明:由及可归纳证明(没有证明过程不扣分)
从而有
所以,当时,成立
(2)证法一:当时,因为,
所以
故当时,成立
证法二:当时,因为,
所以
故当时,成立
(3)解:记,则,且
由
得
即
由,解得
故
20. 本小题主要考查运用数学思想方法,分析和解决科学问题的能力,满分12分
(1)解:当时,只用2个单位时间即可完成计算
方法之一如下:
(2)解:当时,至少需要7个单位时间才能完成计算
21. 本小题主要考查直线与椭圆等基本知识,考查分析问题和解决问题的能力,满分13分
(1)解:由三顶点坐标O(0,0),B(1,0),C(b,c)(),可求得
重心G(,),外心F(,),垂心H(,)
当时,G、F、H三点的横坐标均为,故三点共线
当时,设G、H所在直线的斜率为,F、G所在直线的斜率为
因为
所以,G、F、H三点共线
综上可得,G、F、H三点共线
(2)解:若FH//OB,由,得
(,)
配方得,即
即(,)
所以,顶点C的轨迹是中心在(,0),长半轴长为,短半轴长为,且短轴在轴上的椭圆,除去(0,0),(1,0),(,),(,)四点
22. 本小题主要考查函数与数列等基本知识,考查分析问题和解决问题的能力,满分13分
(1)解:
因为
所以
(2)是奇函数
证明:因为
所以
因此,为奇函数
(3)解法一:
由
猜测
下面用数学归纳法证明:
1. 当时,,公式成立
2. 假设当时,成立
那么当时
,公式仍成立
由上两步可知,对任意,成立
所以
因为,
所以
()
因此()
解法二:当时,
令,则
故
所以
所以
(以下同解法一)