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2002年北京高考理科数学真题及答案.doc
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2002 北京 高考 理科 数学 答案
2002年北京高考理科数学真题及答案 参考公式:三角函数的积化和差公式 ; ; 正棱台、圆台的侧面积公式其中、分别表示上、下底面周长,表示斜高或母线长 球体的体积公式 其中表示球的半径. 一.选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.满足条件的集合的个数是( ) (A)1 (B)2 (C)3 (D)4 2.在平面直角坐标系中,已知两点,则的值是( ) (A) (B) (C) (D) 3.下列四个函数中,以为最小正周期,且在区间上为减函数的是( ) (A)  (B) (C) (D) 4.个直径都为的球,记它们的体积之和为,表面积之和为;一个直径为的球,记其体积为,表面积为,则( ) (A)(B) (C) (D) 5.已知某曲线的参数方程是,若以原点为极点,轴的正半轴为极轴,长度单位不便变,建立极坐标系,则该曲线的极坐标方程是( ) (A) (B) (C) 6.给定四条曲线:①,②,③,④.其中与直线仅有一个交点的曲线是( ) (A)①②③ (B)②③④ (C)①②④ (D) ①③④ 7.已知,,且.若,则的最大值是( ) (A)6 (B) 5 (C) 4 (D)3 8.若,则的值为( ) (A)3  (B)-3  (C) -2  (D) 9.12名学生分别到三个不同的路口进行车流量的调查,若每个路口4人,则不同的分配方案共有( ) (A)种 (B) 种  (C) 种 (D) 种 10.设命题:“直四棱柱中,平面与对角面垂直”;命题乙:“直四棱柱是正方体”,那么,甲是乙的( ) (A)充分必要条件 (B)充分非必要条件 (C)必要非充分条件 (D)即非充分又非必要条件 11.已知是定义在上的奇函数,当时,的图象如图所示,那么不等式的解集是( ) (A) (B) (C) (D) 12.如图所示,是定义在上的四个函数,其中满足性质: “对中任意的和,任意, 恒成立”的只有( ) (A) (B) (C) (D) 二.填空题: 13.从大到小的顺序是 . 14.等差数列,中,,公差不为零,且恰好是某等比数列的前三项,那么该等比数列公比的值等于 . 15.关于直角在平面内的射影有如下判断:①可能是的角;②可能是锐角;③可能是直角;④可能是直角;⑤可能是的角.其中正确的序号是 .(注:把你认为正确判断的序号都填上). 16.已知是直线上的动点,,是圆的两条切线,,是切点,是圆心,那么四边形面积的最小值为 . 三.解答题:解答应写出文字说明、证明过程或推演步骤. 17.解不等式 18.如图,在多面体中,上、下底面平行且均为矩形,相对的侧面与同一底面所成的二面角大小相等,侧棱延长后相交与两点,上、下底面矩形的长、宽分别为与,且,两底面间的距离为. (1)求侧面与底面所成二面角的大小; (2)证明:; (3)在估侧该多面体的体积时,经常运用近似公式来计算,已知它的体积公式是试判断与的大小关系,并加以证明. (注:与两个底面平行,且到两个底面距离相等的截面称为该多面体的中截面.) 19.数列由下列条件确定:,. (1)证明:对,总有; (2)证明:对,总有; (3)若数列的极限存在,且大于零,求的值. 20.在研究并行计算的基本算法时,有以下简单模型问题: 用计算机求个不同的数的和,计算开始前,个数存贮在台由网络连接的计算机中,每台机器存一个数.计算开始后,在一个单位时间内,每台机器至多到一台其他机器中读数据,并与自己原有数据相加得到新的数据,各台机器可同时完成上述工作.为了用尽可能少的单位时间,即可完成计算,方法可用下表表示: 机器号 初始时 第一单位时间 第二单位时间 第三单位时间 被读机号 结 果 被读机号 结 果 被读机号 结 果 1 2 2 1 (1)当时,至少需要多少个单位时间可完成计算?把你设计的方法填入下表 机器号 初始时 第一单位时间 第二单位时间 第三单位时间 被读机号 结 果 被读机号 结 果 被读机号 结 果 1 2 3 4 (2)当时,要使所有机器都得到,至少需要多少个单位时间可完成计算?(结论不要求证明) 21.已知,,是的三个顶点. (1)写出的重心,外心,垂心的坐标,并证明三点共线; (2)当直线与平行时,求顶点的轨迹. 22.已知是定义在上的不恒为零的函数,且对于任意的都满足:. (1)求的值; (2)判断的奇偶性,并证明你的结论; (3)若,,求数列的前项的和 参考解答   说明: 一. 本解答指出了每题要考查的主要知识和能力,并给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与本解答不同,可根据试题的主要考查内容比照评分标准制订相应的评分细则。 二. 对计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应得分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分。 三. 解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数。 四. 只给整数分数,选择题和填空题不给中间分。 一. 选择题:本题考查基本知识和基本运算,每小题5分,满分60分。 1. B 2. D 3. B 4. C 5. D 6. D 7. C 8. A 9. A 10. C 11. B 12. A 二. 填空题:本题考查基本知识和基本运算,每小题4分,满分16分。 13. 14. 4 15. (1)(2)(3)(4)(5) 16.  三. 解答题:本大题共6小题,共74分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。 17. 本小题主要考查不等式的解法等基本知识,考查运算能力和逻辑思维能力,满分12分。 解:原不等式 因为 又或 或 或 或 所以,原不等式组 因此,原不等式的解集为 18. 本小题主要考查直线、平面的位置关系,考查不等式的基本知识,考查空间想象能力和逻辑推理能力,满分12分。 (1)解:过作底面ABCD的垂直平面,交底面于PQ,过作,垂足为G 平面ABCD//平面, , 为所求二面角的平面角 过作,垂足为H,由于相对侧面与底面所成二面角的大小相等,故四边形为等腰梯形 又 ,即所求二面角的大小为 (2)证明:AB、CD是矩形ABCD的一组对边,有AB//CD 又CD是面ABCD与面CDEF的交线 AB//面CDEF EF是面ABFE与面CDEF的交线 AB//EF AB是平面ABCD内的一条直线,EF在平面ABCD外 EF//面ABCD (3) 证明:, 19. 本小题主要考查数列、数列极限、不等式等基本知识,考查逻辑思维能力,满分12分。 (1)证明:由及可归纳证明(没有证明过程不扣分) 从而有 所以,当时,成立 (2)证法一:当时,因为, 所以 故当时,成立 证法二:当时,因为, 所以 故当时,成立 (3)解:记,则,且 由 得 即 由,解得 故 20. 本小题主要考查运用数学思想方法,分析和解决科学问题的能力,满分12分 (1)解:当时,只用2个单位时间即可完成计算 方法之一如下: (2)解:当时,至少需要7个单位时间才能完成计算 21. 本小题主要考查直线与椭圆等基本知识,考查分析问题和解决问题的能力,满分13分 (1)解:由三顶点坐标O(0,0),B(1,0),C(b,c)(),可求得 重心G(,),外心F(,),垂心H(,) 当时,G、F、H三点的横坐标均为,故三点共线 当时,设G、H所在直线的斜率为,F、G所在直线的斜率为 因为 所以,G、F、H三点共线 综上可得,G、F、H三点共线 (2)解:若FH//OB,由,得 (,) 配方得,即 即(,) 所以,顶点C的轨迹是中心在(,0),长半轴长为,短半轴长为,且短轴在轴上的椭圆,除去(0,0),(1,0),(,),(,)四点 22. 本小题主要考查函数与数列等基本知识,考查分析问题和解决问题的能力,满分13分 (1)解: 因为 所以 (2)是奇函数 证明:因为 所以 因此,为奇函数 (3)解法一: 由 猜测 下面用数学归纳法证明: 1. 当时,,公式成立 2. 假设当时,成立 那么当时 ,公式仍成立 由上两步可知,对任意,成立 所以 因为, 所以 () 因此() 解法二:当时, 令,则 故 所以 所以 (以下同解法一)

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