2020届广东省化州市高三第二次模拟考试数学（理）试题.doc

化州市2020年高考第二次模拟考试 理科数学 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1．设全集U＝R，集合A＝{﹣1，0，1，2}，B＝{x|log2x＜1}，则A∩（∁UB）＝（　　） A．{1，2} B．{﹣1，0，2} C．{2} D．{﹣1，0} 2．设复数，则f（z）＝（　　） A．i B．﹣i C．﹣1+i D．1+i 3．“∀x∈R，x2﹣bx+1＞0成立”是“b∈[0，1]”的（　　） A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件 C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件 4．已知函数的最小正周期为4π，则（　　） A．函数f（x）的图象关于原点对称 B．函数f（x）的图象关于直线对称 C．函数f（x）图象上的所有点向右平移个单位长度后，所得的图象关于原点对称 D．函数f（x）在区间（0，π）上单调递增 5．当实数x、y满足不等式组时，恒有ax+y≤3成立，则实数a的取值范围为（　　） A．a≤0 B．a≥0 C．0≤a≤2 D．a≤3 6．函数f（x）＝a（a＞1）的部分图象大致是（　　） 7．中国古代儒家要求学生掌握六种基本才艺：礼、乐、射、御、书、数，简称“六艺”．某中学为弘扬“六艺”的传统文化，分别进行了主题为“礼、乐、射、御、书、数”六场传统文化知识的竞赛．现有甲、乙、丙三位选手进入了前三名的最后角逐．规定：每场知识竞赛前三名的得分都分别为a，b，c（a＞b＞c，且a，b，c∈N*）；选手最后得分为各场得分之和．在六场比赛后，已知甲最后得分为26分，乙和丙最后得分都为11分，且乙在其中一场比赛中获得第一名，则下列说法正确的是（　　） A．每场比赛第一名得分a为4 B．甲可能有一场比赛获得第二名 C．乙有四场比赛获得第三名 D．丙可能有一场比赛获得第一名 8．如图是一个几何体的三视图，则该几何体的体积是（　　） A．8 B． C．4 D． 9．在△ABC中，三个内角A，B，C所对的边为a，b，c，若S△ABC＝2，a+b＝6，2cosC，则 c＝（　　） A．2 B．4 C．2 D．3 10．双曲线C：1的右焦点为F，点P在C的一条渐近线上，O为坐标原点．若|PO|＝|PF|，则△PFO的面积为（　　） A． B． C．2 D．3 11．若（x1）n的展开式中各项的系数之和为81，则分别在区间[0，π]和[0，]内任取两个实数x，y，满足y＞sinx的概率为（　　） A．1 B．1 C．1 D． 12．定义：如果函数y＝f（x）在区间[a，b]上存在x1，x2（a＜x1＜x2＜b），满足f′（x1），f′（x2），则称函数y＝f（x）在区间[a，b]上的一个双中值函数，已知函数f（x）＝x3x2是区间[0，t]上的双中值函数，则实数t的取值范围是（　　） A．（） B．（） C．（） D．（1，） 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分 13．已知向量（3，4），则与反向的单位向量为　 　 14．设△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若△ABC的面积为，则C＝　 　． 15．已知曲线f（x）x3在点（1，f（1））处的切线的倾斜角为α，则的值为　 　． 16．已知两个集合A，B，满足B⊆A．若对任意的x∈A，存在ai，aj∈B（i≠j），使得x＝λ1ai+λ2aj（λ1，λ2∈{﹣1，0，1}），则称B为A的一个基集．若A＝{1，2，3，4，5，6，7，8，9，10}，则其基集B元素个数的最小值是　 　． 三、解答題：本大题共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤（一）必考题：共60分 17．已知等差数列{an}的前n项和为Sn，a4＝9，S3＝15． （1）求Sn； （2）设数列的前n项和为Tn，证明：． 18．如图，在平行六面体ABCD﹣A1B1C1D1中，AA1＝A1D，AB＝BC，∠ABC＝120°． （1）证明：AD⊥BA1； （2）若平面ADD1A1⊥平面ABCD，且A1D＝AB，求直线BA1与平面A1B1CD所成角的正弦值． 19．改革开放以来，人们的支付方式发生了巨大转变．近年来，移动支付已成为主要支付方式之一．为了解某校学生上个月A，B两种移动支付方式的使用情况，从全校学生中随机抽取了100人，发现样本中A，B两种支付方式都不使用的有5人，样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下： （0，1000] （1000，2000] 大于2000 仅使用A 18人 9人 3人 仅使用B 10人 14人 1人 （Ⅰ）从全校学生中随机抽取1人，估计该学生上个月A，B两种支付方式都使用的概率； （Ⅱ）从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人，以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数，求X的分布列和数学期望； （Ⅲ）已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化．现从样本仅使用A的学生中，随机抽查3人，发现他们本月的支付金额都大于2000元．根据抽查结果，能否认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化？说明理由． 20．已知直线x＝﹣2上有一动点Q，过点Q作直线l，垂直于y轴，动点P在l1上，且满足（O为坐标原点），记点P的轨迹为C． （1）求曲线C的方程； （2）已知定点M（，0），N（，0），点A为曲线C上一点，直线AM交曲线C于另一点B，且点A在线段MB上，直线AN交曲线C于另一点D，求△MBD的内切圆半径r的取值范围． 21．已知函数f（x）＝（kx﹣1）ex﹣k（x﹣1）． （1）若f（x）在x＝x0处的切线斜率与k无关求x0； （2）若∃x∈R，使得f（x）＜0成立，求整数k的最大值． （二）选做题：共10分请考生在第（22）题和第（23）题中任选一题作答，作答时请在答题卡的对应答题区写上題号，并用2B铅笔把所选题目对应的题号涂黑 22．.[选修4-4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系中，曲线C1的参数方程为（θ为参数）．以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为ρ＝4cosθ． （1）求曲线C1的极坐标方程； （2）射线θ（ρ≥0）与曲线C1，C2分别交于A，B两点（异于原点O），定点（M（2，0），求△MAB的面积． 23．[选修4-5：不等式选讲] 设函数f（x）＝|x﹣2|﹣|x+3|． （1）求不等式f（x）＜3的解集； （2）若不等式f（x）＜3+a对任意x∈R恒成立，求实数a的取值范围． 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1．B 2．A 3．B 4．C 5．D 6．C 7．C 8．D 9． 10．A 11．B 12．A 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分 13． 14．． 15．． 16．若基集B的元素个数为1，显然不合题意； 若基集B的元素个数为2，不妨设为a，b，且a＞b，则所有的可能组合为a，b，a+b，a﹣b，显然不合题意； 若基集B的元素个数为3，不妨设为a，b，c，且a＞b＞c， 则所有的可能组合为a，b，c，a+b，a+c，b+c，a﹣b，a﹣c，b﹣c，共9中情况，显然不合题意； 若基集B的元素个数为4，不妨令B＝{1，2，4，8}，此时对任意的x∈A，存在ai，aj∈B（i≠j）， 使得x＝λ1ai+λ2aj（λ1，λ2∈{﹣1，0，1}）， 所以基集B的元素个数最小值为4． 三、解答題：本大题共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤（一）必考题：共60分 17．（1）解：S3＝3a2＝15⇒a2＝5，∴， ∴an＝2n+1，； （2）证明： ．． 18．证明：（1）取AD中点O，连接OB，OA1，BD， ∵AA1＝A1D，∴AD⊥OA1， 又∠ABC＝120°，AD＝AB，∴△ABD是等边三角形， ∴AD⊥OB，∴AD⊥平面A1OB， ∵A1B⊂平面A1OB，∴AD⊥A1B． 解：（2）∵平面ADD1A1⊥平面ABCD， 平面ADD1A1∩平面ABCD＝AD， 又A1O⊥AD，∴A1O⊥平面ABCD，∴OA、OA1、OB两两垂直， 以O为坐标原点，分别以OA、OB、OA1所在射线为x、y、z轴建立如图空间直角坐标系O﹣xyz， 设AB＝AD＝A1D＝2，则A（1，0，0），，D（﹣1，0，0），． 则，， 设平面A1B1CD的法向量 则令，则y＝1，z＝﹣1，可取 设直线BA1与平面A1B1CD所成角为θ， 则． ∴直线BA1与平面A1B1CD所成角的正弦值为． 19．（Ⅰ）由题意得： 从全校所有学生中随机抽取的100人中， A，B两种支付方式都不使用的有5人， 仅使用A的有30人，仅使用B的有25人， ∴A，B两种支付方式都使用的人数有：100﹣5﹣30﹣25＝40， ∴从全校学生中随机抽取1人，估计该学生上个月A，B两种支付方式都使用的概率p0.4． （Ⅱ）从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人，以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数， 则X的可能取值为0，1，2， 样本仅使用A的学生有30人，其中支付金额在（0，1000]的有18人，超过1000元的有12人， 样本仅使用B的学生有25人，其中支付金额在（0，1000]的有10人，超过1000元的有15人， P（X＝0）， P（X＝1）， P（X＝2）， ∴X的分布列为： X 0 1 2 P 数学期望E（X）1． （Ⅲ）不能认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化， 理由如下： 从样本仅使用A的学生有30人，其中27人月支付金额不大于2000元，有3人月支付金额大于2000元， 随机抽查3人，发现他们本月的支付金额都大于2000元的概率为p， 虽然概率较小，但发生的可能性为． 故不能认为认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化． 20．（1）设点P（x，y），则Q（﹣2，y），∴、， ∵，所以，，即y2＝2x． 因此，点P的轨迹方程为y2＝2x； （2）设A（x1，y1）、B（x2，y2）、D（x3，y3），直线BD与x轴的交点为E，内切圆与AB切于点T， 设直线AM的方程为，联立方程，得， ∴，且0＜x1＜x2，∴，所以，直线AN的方程为， 与方程y2＝2x联立得：，化简得， 解得或x＝x1，∵，∴BD⊥x轴， 设△MBD的内切圆圆心为H，则H在x轴上，且HT⊥AB． 方法一：∴，且△MBD的周长为： ∴ ∴； 方法二：设H（x2﹣r，0），直线BD的方程为x＝x2，其中． 直线AM的方程为：，即，且点H与点O在直线AB的同侧， ∴，解得：． 方法三：∵△MTH∽△MEB，∴，即， 解得：， 令，则t＞1，∴在（1，+∞）上单调递增，则， 即r的取值范围是． 21．（1）∵f（x）＝（kx﹣1）ex﹣k（x﹣1）， ∴f′（x）＝（kx+k﹣1）ex﹣k＝k[（x+1）ex﹣1]﹣ex， 由已知得，， 令g（x）＝（x+1）ex﹣1，则g′（x）＝（x+2）ex， 当x∈（﹣∞，﹣2）时，g′（x）＜0，g（x）单调递减， ∵x＜﹣2，∴x+1＜﹣1，则（x+1）ex﹣1＜0，因此g（x）＜0； 当x∈（﹣2，+∞）时，g′（x）＞0，g（x）单调递增， 又g（0）＝0，∴g（x）有唯一零点，故x0＝0； （2）f（x）＜0，即（kx﹣1）ex﹣k（x﹣1）＜0， ∴k（xex﹣x+1）＜ex， 当x≥0时，∵ex﹣1≥0，∴x（ex﹣1）+1＞0， 当x＜0时，∵ex﹣1＜0，∴x（ex﹣1）+1＞0， ∴x（ex﹣1）+1＞0， 则k（xex﹣x+1）＜ex⇔k． 设h（x），则k＜h（x）max． 又h′（x），令φ（x）＝2﹣ex﹣x， 则φ′（x）＝﹣ex﹣1＜0，φ（x）在R上单调递减， 又φ（0）＞0，φ（1）＜0，∴∃x0∈（0，1），使得φ（x0）＝0， 即， 当x∈（﹣∞，x0）时，φ（x）＞0，即h′（x）＞0，h（x）单调递增， 当x∈（x0，+∞）时，φ（x）＜0，即h′（x）＜0，h（x）单调递减， ∴h（x）max． 令t＝x0﹣2（﹣2＜t＜﹣1），则y＝t∈（）， 则h（x）max∈（1，2），故整数k的最大值为1． 22．（1）解：曲线C1直角坐标方程为：x2+y2﹣4y＝0， 由ρ2＝x2+y2，ρsinθ＝y得： 曲线C1极坐标方程为ρ＝4sinθ， （2）法一： 解：M到射线θ的距离为d＝2sin， |AB|＝ρB﹣ρA＝4（sincos）＝2（1） 则S△MAB|AB|×d＝3． 法二： 解：将θ（ρ≥0）化为普通方程为yx（x≥0）， ∵曲线C2的极坐标方程为ρ＝4cosθ，即ρ2＝4ρcosθ， 由ρ2＝x2+y2，ρcosθ＝x得： 曲线C2的直角坐标方程为x2+y2﹣4x＝0， 由得∴A（，3） 得∴B（1，）， ， 点M到直线， ∴． 23．（1）由已知得|x﹣2|﹣|x+3|＜3， 当x≤﹣3时2﹣x+x+3＜3解集为空集； 当﹣3＜x＜2时2﹣x﹣（x+3）＜3解得﹣2＜x＜2； 当x≥2时x﹣2﹣（x+3）＜3解得x≥2； 故所求不等式的解集为（﹣2，+∞）． （2）不等式f（x）＜3+a等价于|x﹣2|﹣|x+3|＜a+3， ∵|x﹣2|﹣|x+3|≤|x﹣2﹣（x+3）|＝5， ∴a+3＞5， ∴a＞2． 9第 页