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中学
2017
届高三
上学
期一调
考试
试题
数学试卷(理科)
第Ⅰ卷(共60分)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项
是符合题目要求的.
1. 已知集合,,则( )
A. B. C. D.
2. 已知为虚数单位,复数满足,则为( )
A. B. C. D.
3. 如图,网格纸上小正方形的边长为,粗线或虚线画出某几何体的三视图,该几何体的体积为( )
A. B. C. D.
4. 已知命题:方程有两个实数根;命题:函数的最小值为.给出下列命题:
①;②;③;④.
则其中真命题的个数为( )
A. B. C. D.
5. 由曲线,直线及轴所围成的图形的面积为( )
A. B. C. D.
6. 函数的图象的大致形状是( )
A. B.
C. D.
7. 阅读下面的程序框图,运行相应的程序,输出的结果为( )
A. B. C. D.
8. 定义在上的函数满足,,则不等式(其中为自然对数的底数)的解集为( )
A. B.
C. D.
9. 若实数,,,满足,则的最小值为( )
A. B. C. D.
10. 已知存在,使得,则的取值范围为( )
A. B. C. D.
11. 设函数,若方程有个不同的根,则实数的取值范围为( )
A. B. C. D.
12. 设曲线(为自然对数的底数)上任意一点处的切线为,总存在曲线上某点处的切线,使得,则实数的取值范围为( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(共90分)
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13. 设,变量,在约束条件下,目标函数的最大值为,则_________.
14. 函数在区间上有两个零点,则的取值范围是_________.
15. 已知函数在时有极值,则_________.
16. 定义在上的函数满足:,当时,,则不等式的解集为_________.
三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17.(本小题满分12分)
在中,,,分别为角,,所对的边,且.
(1)求角的大小;
(2)若的面积为,求的值.
18.(本小题满分12分)
函数.
(1)当时,求的单调区间;
(2)若,,有,求实数的取值范围.
19.(本小题满分12分)
在中,角,,的对边分别为,,,且.
(1)求的值;
(2)若,,成等差数列,且公差大于,求的值.
20.(本小题满分12分)
已知函数().
(1)若函数存在极大值和极小值,求的取值范围;
(2)设,分别为的极大值和极小值,若存在实数,使得,求的取值范围.
21.(本小题满分12分)
已知函数,.
(1)记,判断在区间内的零点个数并说明理由;
(2)记在内的零点为,,若()在内有两个不等实根,(),判断与的大小,并给出对应的证明.
请考生在22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲
如图,是圆的切线,是切点,于,割线交圆于,两点.
(1)证明:,,,四点共圆;
(2)设,,求的大小.
23.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程
已知直线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,圆的极坐标方程为.
(1)把圆的极坐标方程化为直角坐标方程;
(2)将直线向右平移个单位,所得直线与圆相切,求.
24.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲
已知函数,,.
(1)若当时,恒有,求的最大值;
(2)若当时,恒有,求的取值范围.
试卷答案
一、选择题
1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. 8. 9. 10. 11. 12.
11.解析:,,,,函数在,单调递增,且在单调递减,函数的极大值为,函数的极小值为,根据函数的图象可知,设,可知,原方程有个不同的根,则方程应在内有两个不同的根,设则,所以取值的范围.
二、填空题
13. 14. 15. 16.
三、解答题
17.解(1),
,
即,则,.
又在中,.
则,解得,
或,
,.
在中有,
则,
则.
得,所以.
18.(Ⅰ)增区间是,减区间;(Ⅱ).
试题解析:(Ⅰ)(),时,,单增
时,,单减。
(Ⅱ)首先,对于任意,恒成立,则
因为函数在上是减函数,
所以,
其次,,使不等式成立,于是
令,则,所以函数在上是增函数,于是,故,即的取值范围是
19.
(Ⅰ)由,根据正弦定理得,
所以. …4分
(Ⅱ)由已知和正弦定理以及(Ⅰ)得
. ①
设, ②
①+②,得. ③ …7分
又,,所以,,
故. …10分
代入③式得.
因此
20.解:(Ⅰ),其中……………2分
由于函数存在极大值和极小值,故方程有两个不等的正实数根,
即有两个不等的正实数根记为,,显然…………4分
所以解得.…………………………………………6分
(Ⅱ)由得,且.由(Ⅰ)知存在极大值和极小值.
设的两根为,(),则在上递增,在上递减,在上递增,所以,.
因为,所以,而且,
由于函数在上单调递减,所以.…………………10分
又由于(),所以().
所以
令,则,令
所以,
所以在上单调递减,所以
由,知,所以,………1分
21.解:(Ⅰ)证明:,定义域为,,
而,故,即在上单调递增, …………2分
又,,而在上连续,故根据根的存在性定理有:在区间有且仅有唯一实根 ………………4分
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,,当时,,且存在使得,故时,;当时,.
因而, …………6分
显然当时,,因而单增;当时,,,因而递减;在有两不等实根,,
则, …………7分
显然当时,,下面用分析法给出证明.要证:即证,而在上递减,故可证,又由,即证,即, …………9分
记,,其中.
, …………10分
记,,当时,;时,故,而故,而,从而,因此,…………11分
即单增.从而时,即,
故得证 …………12分
22. 解:(Ⅰ)连结,则.由射影定理得.
由切割线定理得,故,即,
又,所以,所以.
因此,,,四点共圆. …………6分
(Ⅱ)连结.因为,结合(Ⅰ)得
. …………10分
23.解:(Ⅰ)因为,,所以圆的直角坐标方程为.…4分
(Ⅱ)平移直线后,所得直线的(为参数).
.
因为与圆相切,所以
,即,
解得或. …………10分
24.解:
(Ⅰ);
.
依题意有,,.
故的最大值为. …………6分
(Ⅱ),
当且仅当时等号成立.
解不等式,得的取值范围是. …………10分