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2017
湖南省
株洲市
中考
数学试卷
2017年湖南省株洲市中考数学试卷
一、选择题(每小题3分,满分30分)
1.(3分)计算a2•a4的结果为( )
A.a2 B.a4 C.a6 D.a8
2.(3分)如图示,数轴上点A所表示的数的绝对值为( )
A.2 B.﹣2 C.±2 D.以上均不对
3.(3分)如图示直线l1,l2△ABC被直线l3所截,且l1∥l2,则α=( )
A.41° B.49° C.51° D.59°
4.(3分)已知实数a,b满足a+1>b+1,则下列选项错误的为( )
A.a>b B.a+2>b+2 C.﹣a<﹣b D.2a>3b
5.(3分)如图,在△ABC中,∠BAC=x,∠B=2x,∠C=3x,则∠BAD=( )
A.145° B.150° C.155° D.160°
6.(3分)下列圆的内接正多边形中,一条边所对的圆心角最大的图形是( )
A.正三角形 B.正方形 C.正五边形 D.正六边形
7.(3分)株洲市展览馆某天四个时间段进出馆人数统计如下,则馆内人数变化最大时间段为( )
9:00﹣10:00
10:00﹣11:00
14:00﹣15:00
15:00﹣16:00
进馆人数
50
24
55
32
出馆人数
30
65
28
45
A.9:00﹣10:00 B.10:00﹣11:00 C.14:00﹣15:00 D.15:00﹣16:00
8.(3分)三名初三学生坐在仅有的三个座位上,起身后重新就坐,恰好有两名同学没有坐回原座位的概率为( )
A.) B.) C.) D.)
9.(3分)如图,点E、F、G、H分别为四边形ABCD的四边AB、BC、CD、DA的中点,则关于四边形EFGH,下列说法正确的为( )
A.一定不是平行四边形 B.一定不是中心对称图形
C.可能是轴对称图形 D.当AC=BD时它是矩形
10.(3分)如图示,若△ABC内一点P满足∠PAC=∠PBA=∠PCB,则点P为△ABC的布洛卡点.三角形的布洛卡点(Brocard point)是法国数学家和数学教育家克洛尔(A.L.Crelle 1780﹣1855)于1816年首次发现,但他的发现并未被当时的人们所注意,1875年,布洛卡点被一个数学爱好者法国军官布洛卡(Brocard 1845﹣1922)重新发现,并用他的名字命名.问题:已知在等腰直角三角形DEF中,∠EDF=90°,若点Q为△DEF的布洛卡点,DQ=1,则EQ+FQ=( )
A.5 B.4 C. D.
二、填空题(每小题3分,满分24分)
11.(3分)如图示在△ABC中∠B= .
12.(3分)分解因式:m3﹣mn2= .
13.(3分)分式方程﹣=0的解为 .
14.(3分)已知“x的3倍大于5,且x的一半与1的差不大于2”,则x的取值范围是 .
15.(3分)如图,已知AM为⊙O的直径,直线BC经过点M,且AB=AC,∠BAM=∠CAM,线段AB和AC分别交⊙O于点D、E,∠BMD=40°,则∠EOM= .
16.(3分)如图示直线y=x+与x轴、y轴分别交于点A、B,当直线绕着点A按顺时针方向旋转到与x轴首次重合时,点B运动的路径的长度为 .
17.(3分)如图所示是一块含30°,60°,90°的直角三角板,直角顶点O位于坐标原点,斜边AB垂直于x轴,顶点A在函数y1=(x>0)的图象上,顶点B在函数y2=(x>0)的图象上,∠ABO=30°,则= .
18.(3分)如图示二次函数y=ax2+bx+c的对称轴在y轴的右侧,其图象与x轴交于点A(﹣1,0)与点C(x2,0),且与y轴交于点B(0,﹣2),小强得到以下结论:①0<a<2;②﹣1<b<0;③c=﹣1;④当|a|=|b|时x2>﹣1;以上结论中正确结论的序号为 .
三、解答题(本大题共有8个小题,满分66分)
19.(6分)计算:+20170×(﹣1)﹣4sin45°.
20.(6分)化简求值:(x﹣)•﹣y,其中x=2,y=.
21.(8分)某次世界魔方大赛吸引世界各地共600名魔方爱好者参加,本次大赛首轮进行3×3阶魔方赛,组委会随机将爱好者平均分到20个区域,每个区域30名同时进行比赛,完成时间小于8秒的爱好者进入下一轮角逐;如图是3×3阶魔方赛A区域30名爱好者完成时间统计图,求:
①A区域3×3阶魔方爱好者进入下一轮角逐的人数的比例(结果用最简分数表示).
②若3×3阶魔方赛各个区域的情况大体一致,则根据A区域的统计结果估计在3×3阶魔方赛后进入下一轮角逐的人数.
③若3×3阶魔方赛A区域爱好者完成时间的平均值为8.8秒,求该项目赛该区域完成时间为8秒的爱好者的概率(结果用最简分数表示).
22.(8分)如图示,正方形ABCD的顶点A在等腰直角三角形DEF的斜边EF上,EF与BC相交于点G,连接CF.
①求证:△DAE≌△DCF;
②求证:△ABG∽△CFG.
23.(8分)如图示一架水平飞行的无人机AB的尾端点A测得正前方的桥的左端点P的
俯角为α其中tanα=2,无人机的飞行高度AH为500米,桥的长度为1255米.
①求点H到桥左端点P的距离;
②若无人机前端点B测得正前方的桥的右端点Q的俯角为30°,求这架无人机的长度AB.
24.(8分)如图所示,Rt△PAB的直角顶点P(3,4)在函数y=(x>0)的图象上,顶点A、B在函数y=(x>0,0<t<k)的图象上,PA∥y轴,连接OP,OA,记△OPA的面积为S△OPA,△PAB的面积为S△PAB,设w=S△OPA﹣S△PAB.
①求k的值以及w关于t的表达式;
②若用wmax和wmin分别表示函数w的最大值和最小值,令T=wmax+a2﹣a,其中a为实数,求Tmin.
25.(10分)如图示AB为⊙O的一条弦,点C为劣弧AB的中点,E为优弧AB上一点,点F在AE的延长线上,且BE=EF,线段CE交弦AB于点D.
①求证:CE∥BF;
②若BD=2,且EA:EB:EC=3:1:,求△BCD的面积(注:根据圆的对称性可知OC⊥AB).
26.(12分)已知二次函数y=﹣x2+bx+c+1,
①当b=1时,求这个二次函数的对称轴的方程;
②若c=﹣b2﹣2b,问:b为何值时,二次函数的图象与x轴相切?
③若二次函数的图象与x轴交于点A(x1,0),B(x2,0),且x1<x2,与y轴的正半轴交于点M,以AB为直径的半圆恰好过点M,二次函数的对称轴l与x轴、直线BM、直线AM分别交于点D、E、F,且满足=,求二次函数的表达式.
2017年湖南省株洲市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(每小题3分,满分30分)
1.(3分)(2017•株洲)计算a2•a4的结果为( )
A.a2 B.a4 C.a6 D.a8
【分析】直接利用同底数幂的乘法运算法则求出答案.
【解答】解:原式=a2+4=a6.
故选C.
【点评】此题主要考查了同底数幂的乘法运算,正确掌握运算法则是解题关键.
2.(3分)(2017•株洲)如图示,数轴上点A所表示的数的绝对值为( )
A.2 B.﹣2 C.±2 D.以上均不对
【分析】根据数轴可以得到点A表示的数,从而可以求出这个数的绝对值,本题得以解决.
【解答】解:由数轴可得,
点A表示的数是﹣2,
∵|﹣2|=2,
∴数轴上点A所表示的数的绝对值为2,
故选A.
【点评】本题考查数轴、绝对值,解答本题的关键是明确数轴的特点,会求一个数的绝对值.
3.(3分)(2017•株洲)如图示直线l1,l2△ABC被直线l3所截,且l1∥l2,则α=( )
A.41° B.49° C.51° D.59°
【分析】根据平行线的性质即可得到结论.
【解答】解:∵l1∥l2,
∴α=49°,
故选B.
【点评】本题考查了平行线的性质,是基础题,熟记性质是解题的关键.
4.(3分)(2017•株洲)已知实数a,b满足a+1>b+1,则下列选项错误的为( )
A.a>b B.a+2>b+2 C.﹣a<﹣b D.2a>3b
【分析】根据不等式的性质即可得到a>b,a+2>b+2,﹣a<﹣b.
【解答】解:由不等式的性质得a>b,a+2>b+2,﹣a<﹣b.
故选D.
【点评】本题考查了不等式的性质,属于基础题.
5.(3分)(2017•株洲)如图,在△ABC中,∠BAC=x,∠B=2x,∠C=3x,则∠BAD=( )
A.145° B.150° C.155° D.160°
【分析】根据三角形内角和定理求出x,再根据三角形的外角的等于不相邻的两个内角的和,即可解决问题.
【解答】解:在△ABC中,∵∠B+∠C+∠BAC=180°,∠BAC=x,∠B=2x,∠C=3x,
∴6x=180°,
∴x=30°,
∵∠BAD=∠B+∠C=5x=150°,
故选B.
【点评】本题考查三角形内角和定理、三角形的外角的性质等知识,学会构建方程解决问题,属于基础题.
6.(3分)(2017•株洲)下列圆的内接正多边形中,一条边所对的圆心角最大的图形是( )
A.正三角形 B.正方形 C.正五边形 D.正六边形
【分析】根据正多边形的中心角的度数即可得到结论.
【解答】解:∵正三角形一条边所对的圆心角是360°÷3=120°,
正方形一条边所对的圆心角是360°÷4=90°,
正五边形一条边所对的圆心角是360°÷5=72°,
正六边形一条边所对的圆心角是360°÷6=60°,
∴一条边所对的圆心角最大的图形是正三角形,
故选A.
【点评】本题考查了正多边形与圆,熟练掌握正多边形的中心角的定义是解题的关键.
7.(3分)(2017•株洲)株洲市展览馆某天四个时间段进出馆人数统计如下,则馆内人数变化最大时间段为( )
9:00﹣10:00
10:00﹣11:00
14:00﹣15:00
15:00﹣16:00
进馆人数
50
24
55
32
出馆人数
30
65
28
45
A.9:00﹣10:00 B.10:00﹣11:00 C.14:00﹣15:00 D.15:00﹣16:00
【分析】直接利用统计表中人数的变化范围得出馆内人数变化最大时间段.
【解答】解:由统计表可得:10:00﹣11:00,进馆24人,出馆65人,差之最大,
故选:B.
【点评】此题主要考查了统计表,正确利用表格获取正确信息是解题关键.
8.(3分)(2017•株洲)三名初三学生坐在仅有的三个座位上,起身后重新就坐,恰好有两名同学没有坐回原座位的概率为( )
A.) B.) C.) D.)
【分析】画树状图为(用A、B、C表示三位同学,用a、b、c表示他们原来的座位)展示所有6种等可能的结果数,再找出恰好有两名同学没有坐回原座位的结果数,然后根据概率公式求解.
【解答】解:画树状图为:(用A、B、C表示三位同学,用a、b、c表示他们原来的座位)
共有6种等可能的结果数,其中恰好有两名同学没有坐回原座位的结果数为3,
所以恰好有两名同学没有坐回原座位的概率==.
故选D.
【点评】本题考查了列表法与树状图法:利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n,再从中选出符合事件A或B的结果数目m,然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率.
9.(3分)(2017•株洲)如图,点E、F、G、H分别为四边形ABCD的四边AB、BC、CD、DA的中点,则关于四边形EFGH,下列说法正确的为( )
A.一定不是平行四边形 B.一定不是中心对称图形
C.可能是轴对称图形 D.当AC=BD时它是矩形
【分析】先连接AC,BD,根据EF=HG=AC,EH=FG=BD,可得四边形EFGH是平行四边形,当AC⊥BD时,∠EFG=90°,此时四边形EFGH是矩形;当AC=BD时,EF=FG=GH=HE,此时四边形EFGH是菱形,据此进行判断即可.
【解答】解:连接AC,BD,
∵点E、F、G、H分别为四边形ABCD的四边AB、BC、CD、DA的中点,
∴EF=HG=AC,EH=FG=BD,
∴四边形EFGH是平行四边形,
∴四边形EFGH一定是中心对称图形,
当AC⊥BD时,∠EFG=90°,此时四边形EFGH是矩形,
当AC=BD时,EF=FG=GH=HE,此时四边形EFGH是菱形,
∴四边形EFGH可能是轴对称图形,
故选:C.
【点评】本题主要考查了中点四边形的运用,解题时注意:平行四边形是中心对称图形.解决问题的关键是掌握三角形中位线定理.
10.(3分)(2017•株洲)如图示,若△ABC内一点P满足∠PAC=∠PBA=∠PCB,则点P为△ABC的布洛卡点.三角形的布洛卡点(Brocard point)是法国数学家和数学教育家克洛尔(A.L.Crelle 1780﹣1855)于1816年首次发现,但他的发现并未被当时的人们所注意,1875年,布洛卡点被一个数学爱好者法国军官布洛卡(Brocard 1845﹣1922)重新发现,并用他的名字命名.问题:已知在等腰直角三角形DEF中,∠EDF=90°,若点Q为△DEF的布洛卡点,DQ=1,则EQ+FQ=( )
A.5 B.4 C. D.
【分析】由△DQF∽△FQE,推出===,由此求出EQ、FQ即可解决问题.
【解答】解:如图,在等腰直角三角形△DEF中,∠EDF=90°,DE=DF,∠1=∠2=∠3,
∵∠1+∠QEF=∠3+∠DFQ=45°,
∴∠QEF=∠DFQ,∵∠2=∠3,
∴△DQF∽△FQE,
∴===,
∵DQ=1,
∴FQ=,EQ=2,
∴EQ+FQ=2+,
故选D
【点评】本题考查等腰直角三角形的性质、相似三角形的判定和性质等知识,解题的关键是正确寻找相似三角形解决问题,属于中考常考题型.
二、填空题(每小题3分,满分24分)
11.(3分)(2017•株洲)如图示在△ABC中∠B= 25° .
【分析】由直角三角形的两个锐角互余即可得出答案.
【解答】解:∵∠C=90°,
∴∠B=90°﹣∠A=90°﹣65°=25°;
故答案为:25°.
【点评】本题考查了直角三角形的两个锐角互余的性质;熟记直角三角形的性质是解决问题的关键.
12.(3分)(2017•株洲)分解因式:m3﹣mn2= m(m+n)(m﹣n) .
【分析】先提取公因式m,再运用平方差公式分解.
【解答】解:m3﹣mn2,
=m(m2﹣n2),
=m(m+n)(m﹣n).
【点评】本题考查提公因式法分解因式和利用平方差公式分解因式,本题要进行二次分解因式,分解因式要彻底.
13.(3分)(2017•株洲)分式方程﹣=0的解为 x=﹣ .
【分析】根据解方式方程的步骤一步步求解,即可得出x的值,将其代入原方程验证后即可得出结论.
【解答】解:去分母,得4x+8﹣x=0,
移项、合并同类项,得3x=﹣8,
方程两边同时除以3,得x=﹣.
经检验,x=﹣是原方程的解.
故答案为:x=﹣.
【点评】本题考查了解分式方程,熟练掌握分式方程的解法及步骤是解题的关键.
14.(3分)(2017•株洲)已知“x的3倍大于5,且x的一半与1的差不大于2”,则x的取值范围是 <x≤6 .
【分析】根据题意列出不等式组,再求解集即可得到x的取值范围.
【解答】解:依题意有,
解得<x≤6.
故x的取值范围是<x≤6.
故答案为:<x≤6.
【点评】主要考查了一元一次不等式解集的求法,其简便求法就是用口诀求解.求不等式组解集的口诀:同大取大,同小取小,大小小大中间找,大大小小找不到(无解).
15.(3分)(2017•株洲)如图,已知AM为⊙O的直径,直线BC经过点M,且AB=AC,∠BAM=∠CAM,线段AB和AC分别交⊙O于点D、E,∠BMD=40°,则∠EOM= 80° .
【分析】连接EM,根据等腰三角形的性质得到AM⊥BC,进而求出∠AMD=70°,于是得到结论.
【解答】解:连接EM,
∵AB=AC,∠BAM=∠CAM,
∴AM⊥BC,
∵AM为⊙O的直径,
∴∠ADM=∠AEM=90°,
∴∠AME=∠AMD=90°﹣∠BMD=50°
∴∠EAM=40°,
∴∠EOM=2∠EAM=80°,
故答案为:80°.
【点评】本题考查了等腰三角形的性质,圆周角定理,熟练掌握圆周角定理是解题的关键.
16.(3分)(2017•株洲)如图示直线y=x+与x轴、y轴分别交于点A、B,当直线绕着点A按顺时针方向旋转到与x轴首次重合时,点B运动的路径的长度为 π .
【分析】先利用一次函数的解析式可确定A(﹣1,0),B(0,),再利用正切的定义求出∠BAO=60°,利用勾股定理计算出AB=2,然后根据弧长公式计算.
【解答】解:当y=0时,x+=0,解得x=﹣1,则A(﹣1,0),
当x=0时,y=x+=,则B(0,),
在Rt△OAB中,∵tan∠BAO==,
∴∠BAO=60°,
∴AB==2,
∴当直线绕着点A按顺时针方向旋转到与x轴首次重合时,点B运动的路径的长度==π.
故答案为π.
【点评】本题考查了一次函数图象与几何变换:熟练掌握旋转的性质,会计算一次函数与坐标轴的交点坐标.
17.(3分)(2017•株洲)如图所示是一块含30°,60°,90°的直角三角板,直角顶点O位于坐标原点,斜边AB垂直于x轴,顶点A在函数y1=(x>0)的图象上,顶点B在函数y2=(x>0)的图象上,∠ABO=30°,则= ﹣ .
【分析】设AC=a,则OA=2a,OC=a,根据直角三角形30°角的性质和勾股定理分别计算点A和B的坐标,写出A和B两点的坐标,代入解析式求出k1和k2的值,相比即可.
【解答】解:如图,Rt△AOB中,∠B=30°,∠AOB=90°,
∴∠OAC=60°,
∵AB⊥OC,
∴∠ACO=90°,
∴∠AOC=30°,
设AC=a,则OA=2a,OC=a,
∴A(a,a),
∵A在函数y1=(x>0)的图象上,
∴k1=a•a=,
Rt△BOC中,OB=2OC=2a,
∴BC==3a,
∴B(a,﹣3a),
∵B在函数y2=(x>0)的图象上,
∴k2=﹣3aa=﹣3,
∴=﹣;
故答案为:﹣.
【点评】本题考查了反比例函数图象上点的特征、直角三角形30°的性质,熟练掌握直角三角形30°角所对的直角边是斜边的一半,正确写出A、B两点的坐标是关键.
18.(3分)(2017•株洲)如图示二次函数y=ax2+bx+c的对称轴在y轴的右侧,其图象与x轴交于点A(﹣1,0)与点C(x2,0),且与y轴交于点B(0,﹣2),小强得到以下结论:①0<a<2;②﹣1<b<0;③c=﹣1;④当|a|=|b|时x2>﹣1;以上结论中正确结论的序号为 ①④ .
【分析】根据抛物线与y轴交于点B(0,﹣2),可得c=﹣2,依此判断③;由抛物线图象与x轴交于点A(﹣1,0),可得a﹣b﹣2=0,依此判断①②;由|a|=|b|可得二次函数y=ax2+bx+c的对称轴为y=,可得x2=2,比较大小即可判断④;从而求解.
【解答】解:由A(﹣1,0),B(0,﹣2),得b=a﹣2,
∵开口向上,
∴a>0;
∵对称轴在y轴右侧,
∴﹣>0,
∴﹣>0,
∴a﹣2<0,
∴a<2;
∴0<a<2;
∴①正确;
∵抛物线与y轴交于点B(0,﹣2),
∴c=﹣2,故③错误;
∵抛物线图象与x轴交于点A(﹣1,0),
∴a﹣b﹣2=0,
∵0<a<2,
∴0<b+2<2,
﹣2<b<0,故②错误;
∵|a|=|b|,二次函数y=ax2+bx+c的对称轴在y轴的右侧,
∴二次函数y=ax2+bx+c的对称轴为y=,
∴x2=2>﹣1,故④正确.
故答案为:①④.
【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点,二次函数图象与系数的关系:二次函数y=ax2+bx+c(a≠0),二次项系数a决定抛物线的开口方向和大小,当a>0时,抛物线向上开口;当a<0时,抛物线向下开口;一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置,当a与b同号时(即ab>0),对称轴在y轴左; 当a与b异号时(即ab<0),对称轴在y轴右;常数项c决定抛物线与y轴交点. 抛物线与y轴交于(0,c);抛物线与x轴交点个数由△决定,△=b2﹣4ac>0时,抛物线与x轴有2个交点;△=b2﹣4ac=0时,抛物线与x轴有1个交点;△=b2﹣4ac<0时,抛物线与x轴没有交点.
三、解答题(本大题共有8个小题,满分66分)
19.(6分)(2017•株洲)计算:+20170×(﹣1)﹣4sin45°.
【分析】根据立方根的定义、零指数幂及特殊角的三角函数值求得各项的值,再计算即可.
【解答】解:
+20170×(﹣1)﹣4sin45°
=2+1×(﹣1)﹣4×
=2﹣1﹣2
=﹣1.
【点评】本题主要考查实数的计算及零指数幂和特殊角的三角函数值,掌握立方根的计算、零指数幂的运算法则、熟记特殊角的三角函数值是解题的关键.
20.(6分)(2017•株洲)化简求值:(x﹣)•﹣y,其中x=2,y=.
【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算,约分后计算得到最简结果,把x与y的值代入计算即可求出值.
【解答】解:原式=•﹣y=﹣=﹣,
当x=2,y=时,原式=﹣.
【点评】此题考查了分式的化简求值,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
21.(8分)(2017•株洲)某次世界魔方大赛吸引世界各地共600名魔方爱好者参加,本次大赛首轮进行3×3阶魔方赛,组委会随机将爱好者平均分到20个区域,每个区域30名同时进行比赛,完成时间小于8秒的爱好者进入下一轮角逐;如图是3×3阶魔方赛A区域30名爱好者完成时间统计图,求:
①A区域3×3阶魔方爱好者进入下一轮角逐的人数的比例(结果用最简分数表示).
②若3×3阶魔方赛各个区域的情况大体一致,则根据A区域的统计结果估计在3×3阶魔方赛后进入下一轮角逐的人数.
③若3×3阶魔方赛A区域爱好者完成时间的平均值为8.8秒,求该项目赛该区域完成时间为8秒的爱好者的概率(结果用最简分数表示).
【分析】①由图知1人6秒,3人7秒,小于8秒的爱好者共有4人,进入下一轮角逐的人数比例为4:30;
②因为其他赛区情况大致一致,所以进入下一轮的人数为:600×A区进入下一轮角逐的人数比例;
③由完成时间的平均值和A区30人,得到关于a、b的二元一次方程组,求出a、b,得到完成时间8秒的爱好者的概率.
【解答】解:①A区小于8秒的共有3+1=4(人)
所以A区进入下一轮角逐的人数比例为:=;
②估计进入下一轮角逐的人数为600×=80(人);
③因为A区域爱好者完成时间的平均值为8.8秒,
所以(1×6+3×7+a×8+b×9+10×10)÷30=8.8
化简,得8a+9b=137
又∵1+3+a+b+10=30,即a+b=16
所以
解得a=7,b=9
所以该区完成时间为8秒的爱好者的概率为.
【点评】本题考查的是条形统计图的综合运用.读懂统计图,从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键.解决本题的关键是根据平均数和各个时间段