专题24.1 圆【七大题型】（人教版）（解析版）.docx

专题24.1 圆【七大题型】 【人教版】 【题型1 圆的概念】 1 【题型2 圆的有关概念】 4 【题型3 确定圆的条件】 6 【题型4 点与圆的位置关系】 9 【题型5 圆中角度的计算】 12 【题型6 圆中线段长度的计算】 15 【题型7 圆相关概念的应用】 18 【知识点1 圆的概念】 定义①：在一个平面内，线段OA绕它固定的一个端点O旋转一周，另一个端点A所形成的图形叫做圆． 固定的端点O叫做圆心，线段OA叫做半径．以O点为圆心的圆，记作“⊙O”，读作“圆O”． 定义②：圆可以看做是所有到定点O的距离等于定长r的点的集合． 【题型1 圆的概念】 【例1】（2022•金沙县一模）下列说法中，不正确的是（　　） A．圆既是轴对称图形又是中心对称图形 B．圆有无数条对称轴 C．圆的每一条直径都是它的对称轴 D．圆的对称中心是它的圆心 【分析】利用圆的对称性质逐一求解可得． 【解答】解：A．圆既是轴对称图形又是中心对称图形，正确； B．圆有无数条对称轴，正确； C．圆的每一条直径所在直线都是它的对称轴，此选项错误； D．圆的对称中心是它的圆心，正确； 故选：C． 【变式1-1】（2022•武昌区校级期末）由所有到已知点O的距离大于或等于2，并且小于或等于3的点组成的图形的面积为（　　） A．4π B．9π C．5π D．13π 【分析】根据题意、利用圆的面积公式计算即可． 【解答】解：由所有到已知点O的距离大于或等于2，并且小于或等于3的点组成的图形的面积为以3为半径的圆与以2为半径的圆组成的圆环的面积， 即π×32﹣π×22＝5π， 故选：C． 【变式1-2】（2022•杭州模拟）现有两个圆，⊙O1的半径等于篮球的半径，⊙O2的半径等于一个乒乓球的半径，现将两个圆的周长都增加1米，则面积增加较多的圆是（　　） A．⊙O1 B．⊙O2 C．两圆增加的面积是相同的 D．无法确定 【分析】先由L＝2πR计算出两个圆半径的伸长量，然后再计算两个圆增加的面积，然后进行比较大小即可． 【解答】解：设⊙O1的半径等于R，变大后的半径等于R′；⊙O2的半径等于r，变大后的半径等于r′，其中R＞r． 由题意得，2πR+1＝2πR′，2πr+1＝2πr′， 解得R′＝R+12π，r′＝r+12π； 所以R′﹣R=12π，r′﹣r=12π， 所以，两圆的半径伸长是相同的，且两圆的半径都伸长12π． ∴⊙O1的面积＝πR2，变大后的面积=π(R+12π)2，面积增加了π(R+12π)2−πR2＝R+14π， ⊙O2的面积＝πr2，变大后的面积=π(r+12π)2，面积增加了π(r+12π)2−πr2=r+14π， ∵R＞r， ∴R+14π＞r+14π， ∴⊙O1的面积增加的多． 故选：A． 【变式1-3】（2022•浙江）如图，AB是⊙O的直径，把AB分成几条相等的线段，以每条线段为直径分别画小圆，设AB＝a，那么⊙O的周长l＝πa． 计算：（1）把AB分成两条相等的线段，每个小圆的周长l2=12πa=12l； （2）把AB分成三条相等的线段，每个小圆的周长l3＝　13l　； （3）把AB分成四条相等的线段，每个小圆的周长l4＝　14l　； （4）把AB分成n条相等的线段，每个小圆的周长ln＝　1nl　． 结论：把大圆的直径分成n条相等的线段，以每条线段为直径分别画小圆，那么每个小圆周长是大圆周长的　1n　．请仿照上面的探索方法和步骤，计算推导出每个小圆面积与大圆面积的关系． 【分析】把大圆的直径分成n条相等的线段，以每条线段为直径分别画小圆，那么每个小圆周长是ln＝π（1na）=1nl，即每个小圆周长是大圆周长的1n；根据圆的面积公式求得每个小圆的面积和大圆的面积后比较． 【解答】解：（2）13l； （3）14l； （4）1nl；1n； 每个小圆面积＝π（12•1na）2=14•πa2n2，而大圆的面积＝π（12•a）2=14πa2 即每个小圆的面积是大圆的面积的1n2． 【知识点2 与圆有关的概念】 连接圆上任意两点的线段叫弦，经过圆心的弦叫直径，圆上任意两点间的部分叫圆弧，简称弧，圆的任意一条直径的两个端点把圆分成两条弧，每条弧都叫做半圆，大于半圆的弧叫做优弧，小于半圆的弧叫做劣弧． 【题型2 圆的有关概念】 【例2】（2022•远安县期末）下列说法：①弦是直线；②圆的直径被该圆的圆心平分；③过圆内一点P的直径仅有一条；④弧是圆的一部分．其中正确的有（　　） A．1个 B．2个 C．3个 D．4个 【分析】根据弦，直径，弧的定义一一判断即可． 【解答】解：①弦是直线，错误，弦是线段． ②圆的直径被该圆的圆心平分，正确． ③过圆内一点P的直径仅有一条，错误，点P是圆心时，直径有无数条． ④弧是圆的一部分，正确． 故选：B． 【变式2-1】（2022图木舒克月考）有一个圆的半径为5，则该圆的弦长不可能是（　　） A．1 B．4 C．10 D．11 【分析】根据直径是圆中最长的弦，判断即可． 【解答】解：∵一个圆的半径为5， ∴圆中最长的弦是10， ∴弦长不可能为11， 故选：D． 【变式2-2】（2022•嘉鱼县期末）如右图中有　1　条直径，有　4　条弦，以点A为端点的优弧有　2　条，有劣弧　2　条． 【分析】根据直径、弦、优弧及劣弧的概念解答即可得． 【解答】解：图中直径只有AB这1条，弦有AC、AB、CD、BC这4条，以点A为端点的优弧有ACD、ADC这2条，劣弧有AC、AD这2条， 故答案为：1、4、2、2． 【变式2-3】（2022仪征市期末）如图，⊙O的半径为6，△OAB的面积为18，点P为弦AB上一动点，当OP长为整数时，P点有　4　个． 【分析】解法一：过点P最长的弦是12，根据已知条件，△OAB的面积为18，可以求出AB＜12，根据三角形面积可得OC＝32，从而可知OP的长有两个整数：5，6，且OP＝6是P在A或B点时，每一个值都有两个点P，所以一共有4个． 解法二：根据面积可知，OA上的高为6，也就是说OA与OB互相垂直，然后算出OC长度即可． 【解答】解：解法一：过O作OC⊥AB于C，则AC＝BC， 设OC＝x，AC＝y， ∵AB是⊙O的一条弦，⊙O的半径为6， ∴AB≤12， ∵△OAB的面积为18， ∴x2+y2=3612⋅2y⋅x=18， 则y=18x， ∴x2+(18x)2=36， 解得x＝32或﹣32（舍）， ∴OC＝32＞4， ∴4＜OP≤6， ∵点P为弦AB上一动点，当OP长为整数时，OP＝5或6，P点有4个． 解法二：设△AOB中OA边上的高为h， 则12×OAℎ=18，即12×6ℎ=18， ∴h＝6， ∵OB＝6， ∴OA⊥OB，即∠AOB＝90°， ∴AB＝62，图中OC＝32， 同理得：点P为弦AB上一动点，当OP长为整数时，OP＝5或6，P点有4个． 故答案为：4． 【知识点3 确定圆的条件】 不在同一直线上的三点确定一个圆． 注意：这里的“三个点”不是任意的三点，而是不在同一条直线上的三个点，而在同一直线上的三个点不能画一个圆．“确定”一词应理解为“有且只有”，即过不在同一条直线上的三个点有且只有一个圆，过一点可画无数个圆，过两点也能画无数个圆，过不在同一条直线上的三点能画且只能画一个圆． 【题型3 确定圆的条件】 【例3】（2022•绥中县一模）小明不慎把家里的圆形镜子打碎了，其中三块碎片如图所示，三块碎片中最有可能配到与原来一样大小的圆形镜子的碎片是（　　） A．① B．② C．③ D．均不可能 【分析】要确定圆的大小需知道其半径．根据垂径定理知第①块可确定半径的大小． 【解答】解：第①块出现两条完整的弦，作出这两条弦的垂直平分线，两条垂直平分线的交点就是圆心，进而可得到半径的长． 故选：A． 【变式3-1】（2022春•射阳县校级期末）平面直角坐标系内的三个点A（1，0）、B（0，﹣3）、C（2，﹣3）　能　确定一个圆（填“能”或“不能”）． 【分析】根据三个点的坐标特征得到它们不共线，于是根据确定圆的条件可判断它们能确定一个圆． 【解答】解：∵B（0，﹣3）、C（2，﹣3）， ∴BC∥x轴， 而点A（1，0）在x轴上， ∴点A、B、C不共线， ∴三个点A（1，0）、B（0，﹣3）、C（2，﹣3）能确定一个圆． 故答案为：能． 【变式3-2】（2022•西城区期末）如图，在平面直角坐标系xOy中，点A，B，C的横、纵坐标都为整数，过这三个点作一条圆弧，则此圆弧的圆心坐标为 　（2，1）　． 【分析】根据图形得出A、B、C的坐标，再连接AB，作线段AB和线段BC的垂直平分线MN、EF，两线交于Q，则Q是圆弧的圆心，最后求出点Q的坐标即可． 【解答】解：从图形可知：A点的坐标是（0，2），B点的坐标是（1，3），C点的坐标是（3，3）， 连接AB，作线段AB和线段BC的垂直平分线MN、EF，两线交于Q，则Q是圆弧的圆心，如图， ∴Q点的坐标是（2，1）， 故答案为：（2，1）． 【变式3-3】（2022•任城区校级月考）将图中的破轮子复原，已知弧上三点A，B，C． （1）画出该轮的圆心； （2）若△ABC是等腰三角形，底边BC＝16cm，腰AB＝10cm，求圆片的半径R． 【分析】（1）根据垂径定理，分别作弦AB和AC的垂直平分线交点即为所求； （2）连接AO，OB，利用垂径定理和勾股定理可求出圆片的半径R． 【解答】解：（1）如图所示：分别作弦AB和AC的垂直平分线交点O即为所求的圆心； （2）连接AO，OB，BC，BC交OA于D． ∵BC＝16cm， ∴BD＝8cm， ∵AB＝10cm， ∴AD＝6cm， 设圆片的半径为R，在Rt△BOD中，OD＝（R﹣6）cm， ∴R2＝82+（R﹣6）2， 解得：R=253cm， ∴圆片的半径R为253cm． 【知识点4 点与圆的位置关系】 设⊙O的半径为r，点P到圆心的距离为OP=d，则有： 点P在圆外d＞r； 点P在圆上d=r； 点P在圆内d＜r. 【题型4 点与圆的位置关系】 【例4】（2022秋•宜州区期末）如已知：如图，△ABC中，∠C＝90°，AC＝2cm，BC＝4cm，CM是中线，以C为圆心，以5cm长为半径画圆，则点A、B、M与⊙C的关系如何？ 【分析】点与圆的位置关系由三种情况：设点到圆心的距离为d，则当d＝R时，点在圆上；当d＞R时，点在圆外；当d＜R时，点在圆内． 【解答】解：根据勾股定理，有AB=42+22=25（cm）； ∵CA＝2cm＜5cm， ∴点A在⊙O内， ∵BC＝4cm＞5cm， ∴点B在⊙C外； 由中线定理得：CM=5cm ∴M点在⊙C上． 【变式4-1】（2022春•龙湖区校级月考）⊙O的面积为25πcm2，⊙O所在的平面内有一点P，当PO　＝5cm　时，点P在⊙O上；当PO　＜5cm　时，点P在⊙O内；当PO　＞5cm　时，点P在⊙O外． 【分析】根据圆的面积求出圆的半径，然后确定圆上点，圆内点以及圆外的到圆心的距离． 【解答】解：因为圆的面积为25πcm2，所以圆的半径为5cm． 当点P到圆心的距离等于5cm时，点P在⊙O上，此时OP＝5cm． 当点P到圆心的距离小于5cm时，点P在⊙O内，此时OP＜5cm． 当点P到圆心的距离大于5cm时，点P在⊙O外，此时OP＞5cm． 故答案分别是：PO＝5cm，PO＜5cm，PO＞5cm． 【变式4-2】（2022•广东模拟）如图，已知⊙A的半径为1，圆心的坐标为（4，3）．点P（m，n）是⊙A上的一个动点，则m2+n2的最大值为 　36　． 【分析】由于圆心A的坐标为（4，3），点P的坐标为（m，n），利用勾股定理可计算出OA＝5，OP=m2+n2，这样把m2+n2理解为点P与原点的距离的平方，利用图形可得到当点P运动到射线OA上时，点P离圆点最远，即m2+n2有最大值，然后求出此时的PO长即可． 【解答】解：作射线OA交⊙O于P′点，如图， ∵圆心A的坐标为（4，3），点P的坐标为（m，n）， ∴OA=32+42=5，OP=m2+n2， ∴m2+n2是点P点圆点的距离的平方， ∴当点P运动到P′处，点P离圆点最远，即m2+n2有最大值， 此时OP＝OA+AP′＝5+1＝6，则m2+n2＝36． 故答案为：36． 【变式4-3】（2022秋•金牛区期末）如图．A（3，0）．动点B到点M（3，4）的距离为1，连接BO，BO的中点为C，则线段AC的最小值为　2　． 【分析】先确定AC最小值时点B的位置：过B作BD∥AC交x轴于D，由图可知：当BD经过M时，线段BD的长最小，此时AC有最小值，根据勾股定理和三角形中位线定理可得AC的长． 【解答】解：过B作BD∥AC交x轴于D， ∵C是OB的中点， ∴OA＝AD， ∴AC=12BD， ∴当BD取最小值时，AC最小， 由图可知：当BD经过M时，线段BD的长最小，此时AC有最小值， ∵A（3，0）， ∴D（6，0）， ∵M（3，4）， ∴DM=(6−3)2+42=5， ∴BD＝5﹣1＝4， ∴AC=12BD＝2，即线段AC的最小值为2； 故答案为：2． 【题型5 圆中角度的计算】 【例5】（2022•江宁区校级期中）如图，BD＝OD，∠AOC＝114°，求∠AOD的度数． 【分析】设∠B＝x，根据等腰三角形的性质，由BD＝OD得∠DOB＝∠B＝x，再根据三角形外角性质得∠ADO＝2x，则∠A＝∠ADO＝2x，然后根据三角形外角性质得2x+x＝114°，解得x＝38°，最后利用三角形内角和定理计算∠AOD的度数． 【解答】解：设∠B＝x， ∵BD＝OD， ∴∠DOB＝∠B＝x， ∴∠ADO＝∠DOB+∠B＝2x， ∵OA＝OD， ∴∠A＝∠ADO＝2x， ∵∠AOC＝∠A+∠B， ∴2x+x＝114°，解得x＝38°， ∴∠AOD＝180°﹣∠OAD﹣∠ADO＝180°﹣4x＝180°﹣4×38°＝28°． 【变式5-1】（2022•汉阳区校级月考）如图，AB是⊙O的直径，CD是⊙O的弦，AB、CD的延长线交于点E．已知AB＝2DE，∠AEC＝25°，求∠AOC的度数． 【分析】求∠AOC的度数，可以转化为求∠C与∠E的问题． 【解答】解：连接OD， ∵AB＝2DE＝2OD， ∴OD＝DE， 又∵∠E＝25°， ∴∠DOE＝∠E＝25°， ∴∠ODC＝50°， 同理∠C＝∠ODC＝50° ∴∠AOC＝∠E+∠OCE＝75°． 【变式5-2】（2022•金牛区期末）如图，AB为⊙O的直径，AD∥OC，∠AOD＝84°，则∠BOC＝　48°　． 【分析】根据半径相等和等腰三角形的性质得到∠D＝∠A，利用三角形内角和定理可计算出∠A，然后根据平行线的性质即可得到∠BOC的度数． 【解答】解：∵OD＝OC， ∴∠D＝∠A， ∵∠AOD＝84°， ∴∠A=12（180°﹣84°）＝48°， 又∵AD∥OC， ∴∠BOC＝∠A＝48°． 故答案为：48°． 【变式5-3】（2022•大丰市月考）如图，直线l经过⊙O的圆心O，且与⊙O交于A、B两点，点C在⊙O上，且∠AOC＝30°，点P是直线l上的一个动点（与圆心O不重合），直线CP与⊙O相交于点Q．是否存在点P，使得QP＝QO；若存在，求出相应的∠OCP的大小；若不存在，请简要说明理由． 【分析】点P是直线l上的一个动点，因而点P与线段AO有三种位置关系，在线段AO上，点P在OB上，点P在OA的延长线上．分这三种情况进行讨论即可． 【解答】解：①根据题意，画出图（1）， 在△QOC中，OC＝OQ， ∴∠OQC＝∠OCP， 在△OPQ中，QP＝QO， ∴∠QOP＝∠QPO， 又∵∠AOC＝30°， ∴∠QPO＝∠OCP+∠AOC＝∠OCP+30°， 在△OPQ中，∠QOP+∠QPO+∠OQC＝180°， 即（∠OCP+30°）+（∠OCP+30°）+∠OCP＝180°， 整理得，3∠OCP＝120°， ∴∠OCP＝40°． ②当P在线段OA的延长线上（如图2） ∵OC＝OQ， ∴∠OQP＝（180°﹣∠QOC）×12①， ∵OQ＝PQ， ∴∠OPQ＝（180°﹣∠OQP）×12②， 在△OQP中，30°+∠QOC+∠OQP+∠OPQ＝180°③， 把①②代入③得∠QOC＝20°，则∠OQP＝80° ∴∠OCP＝100°； ③当P在线段OA的反向延长线上（如图3）， ∵OC＝OQ， ∴∠OCP＝∠OQC＝（180°﹣∠COQ）×12①， ∵OQ＝PQ， ∴∠P＝（180°﹣∠OQP）×12②， ∵∠AOC＝30°， ∴∠COQ+∠POQ＝150°③， ∵∠P＝∠POQ，2∠P＝∠OCP＝∠OQC④， ①②③④联立得 ∠P＝10°， ∴∠OCP＝180°﹣150°﹣10°＝20°． 故答案为：40°、20°、100°． 【题型6 圆中线段长度的计算】 【例6】（2022•潮安区模拟）如图，在△ABC中，∠C＝90°，AB＝10．若以点C为圆心，CA长为半径的圆恰好经过AB的中点D，则⊙C的半径为（　　） A．53 B．8 C．6 D．5 【分析】连结CD，根据直角三角形斜边中线定理求解即可． 【解答】解：如图，连结CD， ∵CD是直角三角形斜边上的中线， ∴CD=12AB=12×10＝5． 故选：D． 【变式6-1】（2022•海港区校级自主招生）如图，圆O的周长为4π，B是弦CD上任意一点（与C，D不重合），过B作OC的平行线交OD于点E，则EO+EB＝　2　．（用数字表示） 【分析】根据圆的周长公式得到OD＝2，根据等腰三角形的判定和性质定理即可得到结论． 【解答】解：∵⊙O的周长为4π， ∴OD＝2， ∵OC＝OD， ∴∠C＝∠D， ∵BE∥OC， ∴∠EBD＝∠C， ∴∠EBD＝∠D， ∴BE＝DE， ∴EO+EB＝OD＝2， 故答案为：2． 【变式6-2】（2022•龙湖区校级开学）如图，已知AB是⊙O的直径，C是⊙O上的一点，CD⊥AB于D，AD＜BD，若CD＝2cm，AB＝5cm，求AD、AC的长． 【分析】由直径AB＝5cm，可得半径OC＝OA=12AB=52cm，分别利用勾股定理计算AD、AC的长． 【解答】解：连接OC， ∵AB＝5cm， ∴OC＝OA=12AB=52cm， Rt△CDO中，由勾股定理得：DO=(52)2−22=32cm， ∴AD=52−32=1cm， 由勾股定理得：AC=22+12=5， 则AD的长为1cm，AC的长为5cm． 【变式6-3】（2022秋•邗江区期中）如图，半圆O的直径AB＝8，半径OC⊥AB，D为弧AC上一点，DE⊥OC，DF⊥OA，垂足分别为E、F，求EF的长． 【分析】连接OD，利用三个角是直角的四边形是矩形判定四边形DEOF是矩形，利用矩形的对角线相等即可得到所求结论． 【解答】解：连接OD． ∵OC⊥AB DE⊥OC，DF⊥OA， ∴∠AOC＝∠DEO＝∠DFO＝90°， ∴四边形DEOF是矩形， ∴EF＝OD． ∵OD＝OA ∴EF＝OA＝4． 【题型7 圆相关概念的应用】 【例7】（2022秋•南岗区校级期中）某中学原计划修一个半径为10米的圆形花坛，为使花坛修得更加美观，决定向全校征集方案，在众多方案中最后选出两种方案： 方案A如图1所示，先画一条直径，再分别以两条半径为直径修两个圆形花坛； 方案B如图2所示，先画一条直径，然后在直径上取一点，把直径分成2：3的两部分，再以这两条线段为直径修两个圆形花坛；（花坛指的是图中实线部分） （1）如果按照方案A修，修的花坛的周长是 　 　．（保留π） （2）如果按照方案B修，与方案A比，省材料吗？为什么？（保留π） （3）如果按照方案B修，学校要求在5天内完成，甲工人承包了此项工程，甲每天能完成工程的115，他做了1天后，发现不能完成任务，就请乙来帮忙，乙的速度是甲的2倍，乙加入后，甲的速度也提高了12，结果正好按时完成任务，若修1米花坛可得到10元钱，修完花坛后，甲，乙各得到多少钱？（π取3） 【分析】（l）根据圆的周长公式：c＝xd，把数据代入公式求此直径是10米的两个圆的周长即可． （2）首先根据圆的周长公式：c＝元d，求出直径是4米、和6米的圆的周长和，然后与图1进行比较． （3）求出乙的钱数，再用总钱数﹣乙是钱数，可得结论． 【解答】解：（1）10÷2＝5（米），2π×5×2＝20π（米）． 故答案为：20π米． （2）10×2＝20（米），20×22+3=8（米），8÷2＝4（米）， 20×32+3=12（米），12÷2＝6（米）， 方案B花坛周长：2π（4+6）＝20π（米）， 20π＝20π，方案B与A周长一样，用的材料一样． （3）乙的钱数=115×2×（5﹣1）×20π×10＝320（元）． 甲的钱数＝20π×10﹣320＝280（元）， 答：修完花坛后，甲，乙分别得到320元和280元． 【变式7-1】（2022•南岗区期末）一个压路机的前轮直径是1.7米，如果前轮每分钟转动6周，那么这台压路机10分钟前进（　　）米． A．51π B．102π C．153π D．204π 【分析】首先根据圆的周长公式C＝πd，求出前轮的底面圆周长，然后用前轮的底面周长乘每分钟转的周数（6周），求出1分钟前进多少米，再乘工作时间10分钟即可． 【解答】解：前轮的底面圆周长：π×1.7＝1.7π（米），1.7π×6×10＝102π（米） 故选：B． 【变式7-2】（2022•罗田县校级模拟）一个塑料文具胶带如图所示，带宽为1cm，内径为4cm，外径为7cm，已知30层胶带厚1.5mm，则这卷胶带长　51.81　m．（π≈3.14，结果保留4位有效数字） 【分析】首先求出胶带的体积，用胶带的体积除以一米长的胶带的体积即可求得． 【解答】解：4÷2＝2（cm）， 7÷2＝3.5（cm）， 胶带的体积是：π（3.52﹣22）•1＝8.25πcm3＝8.25π×10﹣6（m3）， 一米长的胶带的体积是：0.01×1×5×10﹣5＝5×10﹣7（m3）， 因而胶带长是：（8.25π×10﹣6）÷（5×10﹣7）≈51.81（m）． 故答案为：51.81． 【变式7-3】（2022•张店区期末）如图，大圆和圆的半径都分别是4cm和2cm，两圆外切于点C，一只蚂蚁由点A开始ABCDEFCGA的顺序沿着两圆圆周不断地爬行，其中各点分别是两圆周的四等分点，蚂蚁直到行走2010πcm后才停下来．则这只蚂蚁停在点　E　． 【分析】首先求得蚂蚁由点A开始ABCDEFCGA的顺序走一周的路线长，然后确定走2010πcm是走了多少周，即可确定． 【解答】解：A开始ABCDEFCGA的顺序转一周的路径长是：8π+4π＝12πcm，蚂蚁直到行走2010πcm所转的周数是：2010π÷12π＝167…6π． 即转167周以后又走了6πcm． 从A到B得路长是：2π，再到C的路线长也是2π，从C到D，到E的路线长是2π，则从A行走6πcm到E点． 故答案是：E．