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2023
学年
甘肃省
河西
五市高三
第二次
模拟考试
数学试卷
解析
2023学年高考数学模拟测试卷
注意事项
1.考生要认真填写考场号和座位序号。
2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.设全集,集合,则=( )
A. B. C. D.
2.一个盒子里有4个分别标有号码为1,2,3,4的小球,每次取出一个,记下它的标号后再放回盒子中,共取3次,则取得小球标号最大值是4的取法有( )
A.17种 B.27种 C.37种 D.47种
3.某工厂只生产口罩、抽纸和棉签,如图是该工厂年至年各产量的百分比堆积图(例如:年该工厂口罩、抽纸、棉签产量分别占、、),根据该图,以下结论一定正确的是( )
A.年该工厂的棉签产量最少
B.这三年中每年抽纸的产量相差不明显
C.三年累计下来产量最多的是口罩
D.口罩的产量逐年增加
4.已知,则的值等于( )
A. B. C. D.
5.设,命题“存在,使方程有实根”的否定是( )
A.任意,使方程无实根
B.任意,使方程有实根
C.存在,使方程无实根
D.存在,使方程有实根
6.若关于的不等式有正整数解,则实数的最小值为( )
A. B. C. D.
7.当时,函数的图象大致是( )
A. B.
C. D.
8. “”是“函数的图象关于直线对称”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
9.某学校调查了200名学生每周的自习时间(单位:小时),制成了如图所示的频率分布直方图,其中自习时间的范围是17.5,30],样本数据分组为17.5,20),20,22.5),22.5,25),25,27.5),27.5,30).根据直方图,这200名学生中每周的自习时间不少于22.5小时的人数是( )
A.56 B.60 C.140 D.120
10.若复数z满足,则( )
A. B. C. D.
11.大衍数列,米源于我国古代文献《乾坤谱》中对易传“大衍之数五十”的推论,主要用于解释我国传统文化中的太极衍生原理,数列中的每一项,都代表太极衍生过程中,曾经经历过的两仪数量总和.已知该数列前10项是0,2,4,8,12,18,24,32,40,50,…,则大衍数列中奇数项的通项公式为( )
A. B. C. D.
12.直线经过椭圆的左焦点,交椭圆于两点,交轴于点,若,则该椭圆的离心率是()
A. B. C. D.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.已知,,且,若恒成立,则实数的取值范围是____.
14.将一个半径适当的小球放入如图所示的容器最上方的入口处,小球将自由下落.小球在下落的过程中,将3次遇到黑色障碍物,最后落入袋或袋中.己知小球每次遇到黑色障碍物时,向左、右两边下落的概率都是,则小球落入袋中的概率为__________.
15.记实数中的最大数为,最小数为.已知实数且三数能构成三角形的三边长,若,则的取值范围是 .
16.设满足约束条件,则目标函数的最小值为_.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(12分)设函数其中
(Ⅰ)若曲线在点处切线的倾斜角为,求的值;
(Ⅱ)已知导函数在区间上存在零点,证明:当时,.
18.(12分)已知椭圆的左顶点为,左、右焦点分别为,离心率为,是椭圆上的一个动点(不与左、右顶点重合),且的周长为6,点关于原点的对称点为,直线交于点.
(1)求椭圆方程;
(2)若直线与椭圆交于另一点,且,求点的坐标.
19.(12分)如图,在四棱柱中,平面平面,是边长为2的等边三角形,,,,点为的中点.
(Ⅰ)求证:平面;
(Ⅱ)求二面角的余弦值.
(Ⅲ)在线段上是否存在一点,使直线与平面所成的角正弦值为,若存在求出的长,若不存在说明理由.
20.(12分)已知动圆Q经过定点,且与定直线相切(其中a为常数,且).记动圆圆心Q的轨迹为曲线C.
(1)求C的方程,并说明C是什么曲线?
(2)设点P的坐标为,过点P作曲线C的切线,切点为A,若过点P的直线m与曲线C交于M,N两点,则是否存在直线m,使得?若存在,求出直线m斜率的取值范围;若不存在,请说明理由.
21.(12分)已知函数,其中,为自然对数的底数.
(1)当时,证明:对;
(2)若函数在上存在极值,求实数的取值范围。
22.(10分)已知函数.
(1)若函数,求的极值;
(2)证明:.
(参考数据: )
2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、A
【答案解析】
先求得全集包含的元素,由此求得集合的补集.
【题目详解】
由解得,故,所以,故选A.
【答案点睛】
本小题主要考查补集的概念及运算,考查一元二次不等式的解法,属于基础题.
2、C
【答案解析】
由于是放回抽取,故每次的情况有4种,共有64种;先找到最大值不是4的情况,即三次取出标号均不为4的球的情况,进而求解.
【题目详解】
所有可能的情况有种,其中最大值不是4的情况有种,所以取得小球标号最大值是4的取法有种,
故选:C
【答案点睛】
本题考查古典概型,考查补集思想的应用,属于基础题.
3、C
【答案解析】
根据该厂每年产量未知可判断A、B、D选项的正误,根据每年口罩在该厂的产量中所占的比重最大可判断C选项的正误.综合可得出结论.
【题目详解】
由于该工厂年至年的产量未知,所以,从年至年棉签产量、抽纸产量以及口罩产量的变化无法比较,故A、B、D选项错误;
由堆积图可知,从年至年,该工厂生产的口罩占该工厂的总产量的比重是最大的,则三年累计下来产量最多的是口罩,C选项正确.
故选:C.
【答案点睛】
本题考查堆积图的应用,考查数据处理能力,属于基础题.
4、A
【答案解析】
由余弦公式的二倍角可得,,再由诱导公式有
,所以
【题目详解】
∵
∴由余弦公式的二倍角展开式有
又∵
∴
故选:A
【答案点睛】
本题考查了学生对二倍角公式的应用,要求学生熟练掌握三角函数中的诱导公式,属于简单题
5、A
【答案解析】
只需将“存在”改成“任意”,有实根改成无实根即可.
【题目详解】
由特称命题的否定是全称命题,知“存在,使方程有实根”的否定是
“任意,使方程无实根”.
故选:A
【答案点睛】
本题考查含有一个量词的命题的否定,此类问题要注意在两个方面作出变化:1.量词,2.结论,是一道基础题.
6、A
【答案解析】
根据题意可将转化为,令,利用导数,判断其单调性即可得到实数的最小值.
【题目详解】
因为不等式有正整数解,所以,于是转化为, 显然不是不等式的解,当时,,所以可变形为.
令,则,
∴函数在上单调递增,在上单调递减,而,所以
当时,,故,解得.
故选:A.
【答案点睛】
本题主要考查不等式能成立问题的解法,涉及到对数函数的单调性的应用,构造函数法的应用,导数的应用等,意在考查学生的转化能力,属于中档题.
7、B
【答案解析】
由,解得,即或,函数有两个零点,,不正确,设,则,由,解得或,由,解得:,即是函数的一个极大值点,不成立,排除,故选B.
【方法点晴】本题通过对多个图象的选择考察函数的解析式、定义域、值域、单调性,导数的应用以及数学化归思想,属于难题.这类题型也是近年高考常见的命题方向,该题型的特点是综合性较强较强、考查知识点较多,但是并不是无路可循.解答这类题型可以从多方面入手,根据函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、特殊点以及时函数图象的变化趋势,利用排除法,将不合题意选项一一排除.
8、A
【答案解析】
先求解函数的图象关于直线对称的等价条件,得到,分析即得解.
【题目详解】
若函数的图象关于直线对称,
则,
解得,
故“”是“函数的图象关于直线对称”的充分不必要条件.
故选:A
【答案点睛】
本题考查了充分不必要条件的判断,考查了学生逻辑推理,概念理解,数学运算的能力,属于基础题.
9、C
【答案解析】
试题分析:由题意得,自习时间不少于小时的频率为,故自习时间不少于小时的频率为,故选C.
考点:频率分布直方图及其应用.
10、D
【答案解析】
先化简得再求得解.
【题目详解】
所以.
故选:D
【答案点睛】
本题主要考查复数的运算和模的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.
11、B
【答案解析】
直接代入检验,排除其中三个即可.
【题目详解】
由题意,排除D,,排除A,C.同时B也满足,,,
故选:B.
【答案点睛】
本题考查由数列的项选择通项公式,解题时可代入检验,利用排除法求解.
12、A
【答案解析】
由直线过椭圆的左焦点,得到左焦点为,且,
再由,求得,代入椭圆的方程,求得,进而利用椭圆的离心率的计算公式,即可求解.
【题目详解】
由题意,直线经过椭圆的左焦点,令,解得,
所以,即椭圆的左焦点为,且 ①
直线交轴于,所以,,
因为,所以,所以,
又由点在椭圆上,得 ②
由,可得,解得,
所以,
所以椭圆的离心率为.
故选A.
【答案点睛】
本题考查了椭圆的几何性质——离心率的求解,其中求椭圆的离心率(或范围),常见有两种方法:①求出 ,代入公式;②只需要根据一个条件得到关于的齐次式,转化为的齐次式,然后转化为关于的方程,即可得的值(范围).
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13、(-4,2)
【答案解析】
试题分析:因为当且仅当时取等号,所以
考点:基本不等式求最值
14、
【答案解析】
记小球落入袋中的概率,则,又小球每次遇到黑色障碍物时一直向左或者一直向右下落,小球将落入袋,所以有,则.故本题应填.
15、
【答案解析】
试题分析:显然,又,
①当时,,作出可行区域,因抛物线与直线及在第一象限内的交点分别是(1,1)和,从而
②当时,,作出可行区域,因抛物线与直线及在第一象限内的交点分别是(1,1)和,从而
综上所述,的取值范围是.
考点:不等式、简单线性规划.
16、
【答案解析】
根据满足约束条件,画出可行域,将目标函数,转化为,平移直线,找到直线在轴上截距最小时的点,此时,目标函数 取得最小值.
【题目详解】
由满足约束条件,画出可行域如图所示阴影部分:
将目标函数,转化为,
平移直线,找到直线在轴上截距最小时的点
此时,目标函数 取得最小值,最小值为
故答案为:-1
【答案点睛】
本题主要考查线性规划求最值,还考查了数形结合的思想方法,属于基础题.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17、 (Ⅰ);(Ⅱ)证明见解析
【答案解析】
(Ⅰ)求导得到,,解得答案.
(Ⅱ) ,故,在上单调递减,在上单调递增,,设,证明函数单调递减,故,得到证明.
【题目详解】
(Ⅰ),故,
,故.
(Ⅱ) ,即,存在唯一零点,
设零点为,故,即,
在上单调递减,在上单调递增,
故
,
设,则,
设,则,单调递减,
,故恒成立,故单调递减.
,故当时,.
【答案点睛】
本题考查了函数的切线问题,利用导数证明不等式,转化为函数的最值是解题的关键.
18、(1);(2)或
【答案解析】
(1)根据的周长为,结合离心率,求出,即可求出方程;
(2)设,