上海市八中2023学年高考考前模拟数学试题（含解析）.doc

2023学年高考数学模拟测试卷 注意事项： 1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（　　） A． B． C． D． 2．已知等差数列的前n项和为，，则 A．3 B．4 C．5 D．6 3．已知向量，，则与的夹角为（ ） A． B． C． D． 4．已知在中，角的对边分别为，若函数存在极值，则角的取值范围是（ ） A． B． C． D． 5．已知是等差数列的前项和，若，，则（ ） A．5 B．10 C．15 D．20 6．在正方体中，，分别为，的中点，则异面直线，所成角的余弦值为（ ） A． B． C． D． 7．已知半径为2的球内有一个内接圆柱，若圆柱的高为2，则球的体积与圆柱的体积的比为（ ） A． B． C． D． 8． “”是“函数（为常数）为幂函数”的（　　） A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分又不必要条件 9．的展开式中的系数是-10，则实数( ) A．2 B．1 C．-1 D．-2 10．甲、乙、丙、丁四位同学高考之后计划去三个不同社区进行帮扶活动，每人只能去一个社区，每个社区至少一人.其中甲必须去社区，乙不去社区，则不同的安排方法种数为 （ ） A．8 B．7 C．6 D．5 11．已知函数，集合，，则（ ） A． B． C． D． 12．设，是非零向量，若对于任意的，都有成立，则 A． B． C． D． 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．已知等差数列的前n项和为，，，则＝_______． 14．公比为正数的等比数列的前项和为，若，，则的值为__________． 15．边长为2的正方形经裁剪后留下如图所示的实线围成的部分，将所留部分折成一个正四棱锥.当该棱锥的体积取得最大值时，其底面棱长为________. 16．小李参加有关“学习强国”的答题活动，要从4道题中随机抽取2道作答，小李会其中的三道题，则抽到的2道题小李都会的概率为_____. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17．（12分）在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为(为参数).以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为. （Ⅰ）求直线的直角坐标方程与曲线的普通方程； （Ⅱ）已知点设直线与曲线相交于两点，求的值. 18．（12分）已知函数. （1）若对任意x0，f（x）0恒成立，求实数a的取值范围； （2）若函数f（x）有两个不同的零点x1，x2（x1x2），证明：. 19．（12分）已知函数. （1）若，且，求证：； （2）若时，恒有，求的最大值. 20．（12分）如图,设点为椭圆的右焦点，圆过且斜率为的直线交圆于两点，交椭圆于点两点，已知当时， （1）求椭圆的方程. （2）当时，求的面积. 21．（12分）已知中，，，是上一点． （1）若，求的长； （2）若，，求的值． 22．（10分）已知函数. （1）证明：当时，； （2）若函数只有一个零点，求正实数的值. 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、A 【答案解析】 利用已知条件画出几何体的直观图，然后求解几何体的体积． 【题目详解】 几何体的三视图的直观图如图所示， 则该几何体的体积为：． 故选：． 【答案点睛】 本题考查三视图求解几何体的体积，判断几何体的形状是解题的关键． 2、C 【答案解析】 方法一：设等差数列的公差为，则，解得，所以.故选C． 方法二：因为，所以，则.故选C． 3、B 【答案解析】 由已知向量的坐标，利用平面向量的夹角公式，直接可求出结果. 【题目详解】 解：由题意得，设与的夹角为， ， 由于向量夹角范围为：， ∴. 故选：B. 【答案点睛】 本题考查利用平面向量的数量积求两向量的夹角，注意向量夹角的范围. 4、C 【答案解析】 求出导函数，由有不等的两实根，即可得不等关系，然后由余弦定理可及余弦函数性质可得结论． 【题目详解】 ，. 若存在极值，则， 又.又． 故选：C． 【答案点睛】 本题考查导数与极值，考查余弦定理．掌握极值存在的条件是解题关键． 5、C 【答案解析】 利用等差通项，设出和，然后，直接求解即可 【题目详解】 令，则，，∴，，∴. 【答案点睛】 本题考查等差数列的求和问题，属于基础题 6、D 【答案解析】 连接，，因为，所以为异面直线与所成的角（或补角）， 不妨设正方体的棱长为2，取的中点为，连接，在等腰中，求出，在利用二倍角公式，求出，即可得出答案. 【题目详解】 连接，，因为，所以为异面直线与所成的角（或补角）， 不妨设正方体的棱长为2，则，， 在等腰中，取的中点为，连接， 则，， 所以， 即：， 所以异面直线，所成角的余弦值为. 故选：D. 【答案点睛】 本题考查空间异面直线的夹角余弦值，利用了正方体的性质和二倍角公式，还考查空间思维和计算能力. 7、D 【答案解析】 分别求出球和圆柱的体积，然后可得比值. 【题目详解】 设圆柱的底面圆半径为，则，所以圆柱的体积.又球的体积，所以球的体积与圆柱的体积的比，故选D. 【答案点睛】 本题主要考查几何体的体积求解，侧重考查数学运算的核心素养. 8、A 【答案解析】 根据幂函数定义，求得的值，结合充分条件与必要条件的概念即可判断. 【题目详解】 ∵当函数为幂函数时，， 解得或， ∴“”是“函数为幂函数”的充分不必要条件. 故选：A. 【答案点睛】 本题考查了充分必要条件的概念和判断，幂函数定义的应用，属于基础题. 9、C 【答案解析】 利用通项公式找到的系数，令其等于-10即可. 【题目详解】 二项式展开式的通项为，令，得， 则，所以，解得. 故选：C 【答案点睛】 本题考查求二项展开式中特定项的系数，考查学生的运算求解能力，是一道容易题. 10、B 【答案解析】 根据题意满足条件的安排为：A（甲，乙）B（丙）C（丁）；A（甲，乙）B（丁）C（丙）；A（甲，丙）B（丁）C（乙）； A（甲，丁）B（丙）C（乙）； A（甲）B（丙，丁）C（乙）；A（甲）B（丁）C（乙，丙）；A（甲）B（丙）C（丁，乙）；共7种，选B. 11、C 【答案解析】 分别求解不等式得到集合,再利用集合的交集定义求解即可. 【题目详解】 ,， ∴． 故选C． 【答案点睛】 本题主要考查了集合的基本运算,难度容易. 12、D 【答案解析】 画出，，根据向量的加减法，分别画出的几种情况，由数形结合可得结果. 【题目详解】 由题意，得向量是所有向量中模长最小的向量，如图， 当，即时，最小，满足，对于任意的， 所以本题答案为D. 【答案点睛】 本题主要考查了空间向量的加减法，以及点到直线的距离最短问题，解题的关键在于用有向线段正确表示向量，属于基础题. 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13、 【答案解析】 利用求出公差，结合等差数列的通项公式可求. 【题目详解】 设公差为，因为，所以，即. 所以. 故答案为： 【答案点睛】 本题主要考查等差数列通项公式的求解，利用等差数列的基本量是求解这类问题的通性通法，侧重考查数学运算的核心素养. 14、56 【答案解析】 根据已知条件求等比数列的首项和公比，再代入等比数列的通项公式，即可得到答案. 【题目详解】 ，， . 故答案为：. 【答案点睛】 本题考查等比数列的通项公式和前项和公式，考查函数与方程思想、转化与化归思想，考查逻辑推理能力、运算求解能力. 15、 【答案解析】 根据题意，建立棱锥体积的函数，利用导数求函数的最大值即可. 【题目详解】 设底面边长为，则斜高为，即此四棱锥的高为， 所以此四棱锥体积为， 令， 令， 易知函数在时取得最大值. 故此时底面棱长. 故答案为：. 【答案点睛】 本题考查棱锥体积的求解，涉及利用导数研究体积最大值的问题，属综合中档题. 16、 【答案解析】 从四道题中随机抽取两道共6种情况，抽到的两道全都会的情况有3种，即可得到概率. 【题目详解】 由题：从从4道题中随机抽取2道作答，共有种， 小李会其中的三道题，则抽到的2道题小李都会的情况共有种， 所以其概率为. 故答案为： 【答案点睛】 此题考查根据古典概型求概率，关键在于根据题意准确求出基本事件的总数和某一事件包含的基本事件个数. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、（Ⅰ）直线的直角坐标方程为；曲线的普通方程为；（Ⅱ）. 【答案解析】 （I）利用参数方程、普通方程、极坐标方程间的互化公式即可； （II）将直线参数方程代入抛物线的普通方程，可得，而根据直线参数方程的几何意义，知，代入即可解决. 【题目详解】 由 可得直线的直角坐标方程为 由曲线的参数方程，消去参数 可得曲线的普通方程为. 易知点在直线上，直线的参数方程为(为参数). 将直线的参数方程代入曲线的普通方程，并整理得. 设是方程的两根，则有. 【答案点睛】 本题考查参数方程、普通方程、极坐标方程间的互化，直线参数方程的几何意义，是一道容易题. 18、（1）；（2）证明见解析. 【答案解析】 （1）求出，判断函数的单调性，求出函数的最大值，即求的范围； （2）由（1）可知， .对分和两种情况讨论，构造函数，利用放缩法和基本不等式证明结论． 【题目详解】 （1）由，得. 令. 当时，；当时，； 在上单调递增，在上单调递减， . 对任意恒成立，. （2）证明：由（1）可知，在上单调递增，在上单调递减， . 若，则， 令 在上单调递增，， . 又，在上单调递减， . 若，则显然成立. 综上，. 又 以上两式左右两端分别相加，得 ，即， 所以. 【答案点睛】 本题考查利用导数解决不等式恒成立问题，利用导数证明不等式，属于难题. 19、（1）见解析；（2）. 【答案解析】 （1）利用导数分析函数的单调性，并设，则，，将不等式等价转化为证明，构造函数，利用导数分析函数在区间上的单调性，通过推导出来证得结论； （2）构造函数，对实数分、、，利用导数分析函数的单调性，求出函数的最小值，再通过构造新函数，利用导数求出函数的最大值，可得出的最大值. 【题目详解】 （1），，所以，函数单调递增， 所以，当时，，此时，函数单调递减； 当时，，此时，函数单调递增. 要证，即证. 不妨设，则，， 下证，即证， 构造函数， ，所以，函数在区间上单调递增， ，，即，即， ，且函数在区间上单调递增， 所以，即，故结论成立； （2）由恒成立，得恒成立， 令，则. ①当时，对任意的，，函数在上单调递增， 当时，，不符合题意； ②当时，； ③当时，令，得，此时，函数单调递增； 令，得，此时，函数单调递减. . . 令，设，则