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2023
年高
数学
复习
专题
突破
训练
立体几何
052
2023届高三数学总复习专题突破训练:立体几何
一、选择题
1、(2023揭阳)某师傅需用合板制作一个工作台,工作台由主体和附属两局部组成,主体局部全封闭,附属局部是为了防止工件滑出台面而设置的三面护墙,其大致形状的三视图如右图所示(单位长度: cm), 那么按图中尺寸,做成的工作台用去的合板的面积为(制作过程合板的损耗和合板厚度忽略不计)( )D
A. B.
C. D.
2、(2023广东五校)在以下关于直线、与平面、的命题中,真命题是( )B
(A)假设,且,那么 (B)假设,且,那么
(C)假设,且,那么 (D)假设,且,那么
3、(2023番禺)一个几何体的三视图如右图,其中主视图和左视图都是边长为1的正三角形,那么这个几何体的侧面积为( )A
A. B. C. D.
4、(2023吴川)α、β是两个不同平面,m、n是两条不同直线,那么以下命题不正确的选项是( )D
A.那么 B.m∥n,m⊥α,那么n⊥α
C.n∥α,n⊥β,那么α⊥β D.m∥β,m⊥n,那么n⊥β
5、(2023北江中学)如图是一个空间几何体的主视图、左视图、俯视图,如果主视图、左视图所对应的三角形皆为边长为2的正三角形,主视图对应的四边形为正方形,那么这个几何体的体积为( )B
A. B. C. D.不确定
6、(2023北江中学)是两个不同的平面,m,n是两条不同的直线,给出以下命题:
①假设;
②假设;
③如果相交;
④假设
其中正确的命题是 ( ) D
A.①② B.②③ C.③④ D.①④
7、(2023珠海)某个几何体的三视图如下,根据图中标出的尺寸(单位:cm),可得这个几何体的体积是( C )
A. B.
C. D.
8、(2023潮州)设、、是空间不同的直线或平面,对以下四种情形:
① 、、均为直线;② 、是直线,是平面;③ 是直线,、是平面;④ 、、均为平面。
其中使“⊥且⊥∥〞为真命题的是 ( )C
A ③ ④ B ① ③ C ② ③ D ① ②
9、(2023澄海)设m,n是两条不同的直线,,,是三个不同的平面,给出以下四个命题:
①假设m⊥,n∥,那么m⊥n;
②假设∥,∥,m⊥,那么m⊥;
③假设m∥,n∥,那么m∥n;
④假设⊥,⊥,那么∥.
其中正确命题的序号是( )A
A.①和② B.②和③ C.③和④ D.①和④
10、(2023韶关田家炳)设是两条不同的直线,是两个不同的平面,以下命题中,其中正确的命题是( )
A. B.
C. D.
二、解答题
1、(2023广雅期中)四棱锥的三视图如以下列图所示,是侧棱上的动点.
(1) 求四棱锥的体积;
(2) 是否不管点在何位置,都有?证明你的结论;
(3) 假设点为的中点,求二面角的大小.
A
B
C
D
P
E
A
B
C
D
E
F
2、(2023广雅期中)如图,平面,平面,△为等边三角形,
,为的中点.
(1) 求证:平面;
(2) 求证:平面平面;
(3) 求直线和平面所成角的正弦值.
3、(09广东四校理期末)如下列图,在矩形ABCD中,AD=2AB=2,点E是AD的中点,将△DEC沿CE折起到△D′EC的位置,使二面角D′—EC—B是直二面角.
(1)证明:BE⊥C D′;
(2)求二面角D′—BC—E的正切值.
4(09广东四校文期末)如图:直三棱柱ABC-A1B1C1中, AC=BC=AA1=2,∠ACB=90°.E为BB1的中点,D点在AB上且DE=.
(Ⅰ)求证:CD⊥平面A1ABB1;
(Ⅱ)求三棱锥A1-CDE的体积.
P
B
C
D
A
E
F
5、(09北江中学文期末)如图,在底面是矩形的四棱锥中,面,、为别为、
的中点,且, ,
(Ⅰ)求四棱锥的体积;
(Ⅱ)求证:直线∥平面
6、(2023广东东莞)在直三棱柱中,,,且异面直线与所成的角等于,设.
A
B
C
A1
B1
C1
(1)求的值;
(2)求平面与平面所成的锐二面角的大小.
图6
7、(2023广州海珠)如图6,在直角梯形ABCP中,AP//BC,APAB,AB=BC=,D是AP的中点,E,F,G分别为PC、PD、CB的中点,将沿CD折起,使得平面ABCD,如图7.
(Ⅰ)求证:AP//平面EFG;
(Ⅱ) 求二面角的大小;
(Ⅲ)求三棱椎的体积.
图7
8、(2023广州(一))如图,四棱锥中,平面,四边形是矩形,、分别是、的中点.假设,.
(Ⅰ)求证:平面;
(Ⅱ) 求点到平面的距离;
(Ⅲ)求直线平面所成角的正弦值.
9、(2023广东揭阳)如图,是底面为正方形的长方体,,,点是上的动点.
(1)试判断不管点在上的任何位置,是否都有平面
垂直于平面?并证明你的结论;
(2)当为的中点时,求异面直线与所成角的余弦值;
(3)求与平面所成角的正切值的最大值.
10、(2023广东潮州期末)如图,在四棱锥中,底面为直角梯形,,垂直于底面,分别为的中点。
(1)求证:;(2)求与平面所成的角;(3)求截面的面积。
11、(2023珠海期末)平面,,与交于点,,,
(1)取中点,求证:平面。
(2)求二面角的余弦值。
12、(2023中山期末)如图,四面体ABCD中,O、E分别是BD、BC的中点,
(I)求证:平面BCD;
(II)求异面直线AB与CD所成角的余弦;
(III)求点E到平面ACD的距离.
答案:
1、解:(1) 由三视图可知,四棱锥的底面是边长为1的正方形,
侧棱底面,且. …………2分
∴,
即四棱锥的体积为. …………4分
A
B
C
D
P
E
F
(2) 不管点在何位置,都有. …………5分
证明如下:连结,∵是正方形,∴. …………6分
∵底面,且平面,∴. …………7分
又∵,∴平面. …………8分
∵不管点在何位置,都有平面.
∴不管点在何位置,都有. …………9分
(3) 解法1:在平面内过点作于,连结.
∵,,,
∴Rt△≌Rt△,
从而△≌△,∴.
∴为二面角的平面角. …………12分
在Rt△中,,
又,在△中,由余弦定理得
A
B
C
D
P
E
x
y
z
, …………13分
∴,即二面角的大小为. …………14分
解法2:如图,以点为原点,所在的直线分别为轴建立空间直角
坐标系. 那么,从而
,,,. …………10分
设平面和平面的法向量分别为
,,
由,取. …………11分
由,取. …………12分
设二面角的平面角为,那么, …………13分
∴,即二面角的大小为. …………14分
2、A
B
C
D
E
F
M
H
G
方法一:
(1) 证法一:取的中点,连.
∵为的中点,∴且. …………1分
∵平面,平面,
∴,∴. …………2分
又,∴. …………3分
∴四边形为平行四边形,那么. …………4分
∵平面,平面,
∴平面. …………5分
证法二:取的中点,连.
∵为的中点,∴. …………1分
∵平面,平面,∴. …………2分
又,
∴四边形为平行四边形,那么. …………3分
∵平面,平面,
∴平面,平面.
又,∴平面平面. …………4分
∵平面,
∴平面. …………5分
(2) 证:∵为等边三角形,为的中点,∴. …………6分
∵平面,平面,∴. …………7分
又,故平面. …………8分
∵,∴平面. …………9分
∵平面,
∴平面平面. …………10分(3)
解:在平面内,过作于,连.
∵平面平面, ∴平面.
∴为和平面所成的角. …………12分
设,那么,
,
R t△中,.
∴直线和平面所成角的正弦值为. …………14分
方法二:
设,建立如下列图的坐标系,那么
.…………2分
∵为的中点,∴. …………3分
(1) 证:, …………4分
∵,平面,∴平面. …………5分
(2) 证:∵,………6分
∴,∴. …………8分
∴平面,又平面,
∴平面平面. …………10分
(3) 解:设平面的法向量为,由可得:
,取. …………12分
又,设和平面所成的角为,那么
.
∴直线和平面所成角的正弦值为. …………14分
3、解:(1)∵AD=2AB=2,E是AD的中点,
∴△BAE,△CDE是等腰直角三角形,
易知, ∠BEC=90°,即BE⊥EC.
又∵平面D′EC⊥平面BEC,面D′EC∩面BEC=EC,
∴BE⊥面D′EC,又C D′Ì 面D′EC , ∴BE⊥CD′;
(2)法一:设M是线段EC的中点,过M作MF⊥BC
垂足为F,连接D′M,D′F,那么D′M⊥EC.
∵平面D′EC⊥平面BEC,
∴D′M⊥平面EBC,
∴MF是D′F在平面BEC上的射影,由三垂线定理得:
D′F⊥BC
∴∠D′FM是二面D′—BC—E的平面角.
在Rt△D′MF中,D′M=EC=,MF=AB=
∴
即二面角D′—BC—E的正切值为.
法二:如图,以EB,EC为x轴、y轴,过E垂直于平面BEC的射线为z轴,建立空间直角坐标系.
那么B(,0,0),C(0,,0),D′(0,,)
设平面BEC的法向量为;平面D′BC的法向量为
Þ tan= ∴二面角D′—BC—E的正切值为.
4、解:(1)在Rt△DBE中,BE=1,DE=,∴BD===