2023届陕西省咸阳市兴平市西郊中学高考冲刺数学模拟试题（含解析）.doc

2023学年高考数学模拟测试卷 考生须知： 1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。 2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。 3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．已知平面向量，满足且，若对每一个确定的向量，记的最小值为，则当变化时，的最大值为（ ） A． B． C． D．1 2．已知直线：过双曲线的一个焦点且与其中一条渐近线平行，则双曲线的方程为（ ） A． B． C． D． 3．已知抛物线的焦点为，对称轴与准线的交点为，为上任意一点，若，则（ ） A．30° B．45° C．60° D．75° 4．已知双曲线的一个焦点与抛物线的焦点重合，则双曲线的离心率为（ ） A． B． C．3 D．4 5．已知函数，若时，恒成立，则实数的值为（ ） A． B． C． D． 6．如图所示是某年第一季度五省GDP情况图，则下列说法中不正确的是（ ） A．该年第一季度GDP增速由高到低排位第3的是山东省 B．与去年同期相比，该年第一季度的GDP总量实现了增长 C．该年第一季度GDP总量和增速由高到低排位均居同一位的省份有2个 D．去年同期浙江省的GDP总量超过了4500亿元 7．已知复数，则（ ） A． B． C． D．2 8．如图是二次函数的部分图象，则函数的零点所在的区间是（ ） A． B． C． D． 9．设，，分别是中，，所对边的边长，则直线与的位置关系是（ ） A．平行 B．重合 C．垂直 D．相交但不垂直 10．若双曲线的离心率为，则双曲线的焦距为（ ） A． B． C．6 D．8 11．在条件下，目标函数的最大值为40，则的最小值是（ ） A． B． C． D．2 12．抛物线方程为，一直线与抛物线交于两点，其弦的中点坐标为，则直线的方程为（ ） A． B． C． D． 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．已知，，且，则最小值为__________． 14．设，满足条件，则的最大值为__________. 15．已知数列中，为其前项和，，，则_________，_________. 16．已知直线被圆截得的弦长为2，则的值为__ 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17．（12分）在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以原点为极点，轴的非负半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为. （1）求曲线的极坐标方程以及曲线的直角坐标方程； （2）若直线与曲线、曲线在第一象限交于两点，且，点的坐标为，求的面积. 18．（12分）如图在四边形中，，，为中点，. （1）求； （2）若，求面积的最大值. 19．（12分）设数阵，其中、、、．设，其中，且．定义变换为“对于数阵的每一行，若其中有或，则将这一行中每个数都乘以；若其中没有且没有，则这一行中所有数均保持不变”（、、、）．表示“将经过变换得到，再将经过变换得到、 ，以此类推，最后将经过变换得到”，记数阵中四个数的和为． （1）若，写出经过变换后得到的数阵； （2）若，，求的值； （3）对任意确定的一个数阵，证明：的所有可能取值的和不超过． 20．（12分）在如图所示的多面体中，平面平面，四边形是边长为2的菱形，四边形为直角梯形，四边形为平行四边形，且， ， （1）若分别为，的中点，求证：平面； （2）若，与平面所成角的正弦值，求二面角的余弦值． 21．（12分）某房地产开发商在其开发的某小区前修建了一个弓形景观湖．如图，该弓形所在的圆是以为直径的圆，且米，景观湖边界与平行且它们间的距离为米．开发商计划从点出发建一座景观桥（假定建成的景观桥的桥面与地面和水面均平行），桥面在湖面上的部分记作．设． （1）用表示线段并确定的范围； （2）为了使小区居民可以充分地欣赏湖景，所以要将的长度设计到最长，求的最大值． 22．（10分）已知动点到定点的距离比到轴的距离多. （1）求动点的轨迹的方程； （2）设，是轨迹在上异于原点的两个不同点，直线和的倾斜角分别为和，当，变化且时，证明：直线恒过定点，并求出该定点的坐标. 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、B 【答案解析】 根据题意,建立平面直角坐标系.令.为中点.由即可求得点的轨迹方程.将变形,结合及平面向量基本定理可知三点共线.由圆切线的性质可知的最小值即为到直线的距离最小值,且当与圆相切时,有最大值.利用圆的切线性质及点到直线距离公式即可求得直线方程,进而求得原点到直线的距离,即为的最大值. 【题目详解】 根据题意,设, 则 由代入可得 即点的轨迹方程为 又因为,变形可得,即,且 所以由平面向量基本定理可知三点共线,如下图所示: 所以的最小值即为到直线的距离最小值 根据圆的切线性质可知,当与圆相切时,有最大值 设切线的方程为,化简可得 由切线性质及点到直线距离公式可得,化简可得 即 所以切线方程为或 所以当变化时, 到直线的最大值为 即的最大值为 故选:B 【答案点睛】 本题考查了平面向量的坐标应用,平面向量基本定理的应用, 圆的轨迹方程问题,圆的切线性质及点到直线距离公式的应用,综合性强,属于难题. 2、A 【答案解析】 根据直线：过双曲线的一个焦点，得，又和其中一条渐近线平行，得到，再求双曲线方程. 【题目详解】 因为直线：过双曲线的一个焦点， 所以，所以， 又和其中一条渐近线平行， 所以， 所以，， 所以双曲线方程为. 故选：A. 【答案点睛】 本题主要考查双曲线的几何性质，还考查了运算求解的能力，属于基础题. 3、C 【答案解析】 如图所示：作垂直于准线交准线于，则，故，得到答案. 【题目详解】 如图所示：作垂直于准线交准线于，则， 在中，，故，即. 故选：. 【答案点睛】 本题考查了抛物线中角度的计算，意在考查学生的计算能力和转化能力. 4、A 【答案解析】 根据题意，由抛物线的方程可得其焦点坐标，由此可得双曲线的焦点坐标，由双曲线的几何性质可得，解可得，由离心率公式计算可得答案． 【题目详解】 根据题意，抛物线的焦点为， 则双曲线的焦点也为，即， 则有，解可得， 双曲线的离心率. 故选：A． 【答案点睛】 本题主要考查双曲线、抛物线的标准方程，关键是求出抛物线焦点的坐标，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平． 5、D 【答案解析】 通过分析函数与的图象，得到两函数必须有相同的零点，解方程组即得解. 【题目详解】 如图所示，函数与的图象， 因为时，恒成立， 于是两函数必须有相同的零点， 所以 ， 解得． 故选：D 【答案点睛】 本题主要考查函数的图象的综合应用和函数的零点问题，考查不等式的恒成立问题，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 6、D 【答案解析】 根据折线图、柱形图的性质，对选项逐一判断即可. 【题目详解】 由折线图可知A、B项均正确，该年第一季度总量和增速由高到低排位均居同一位的 省份有江苏均第一.河南均第四.共2个.故C项正确；. 故D项不正确. 故选：D. 【答案点睛】 本题考查折线图、柱形图的识别，考查学生的阅读能力、数据处理能力，属于中档题. 7、C 【答案解析】 根据复数模的性质即可求解. 【题目详解】 , , 故选：C 【答案点睛】 本题主要考查了复数模的性质，属于容易题. 8、B 【答案解析】 根据二次函数图象的对称轴得出范围，轴截距，求出的范围，判断在区间端点函数值正负，即可求出结论. 【题目详解】 ∵，结合函数的图象可知， 二次函数的对称轴为，， ，∵， 所以在上单调递增. 又因为， 所以函数的零点所在的区间是. 故选:B. 【答案点睛】 本题考查二次函数的图象及函数的零点，属于基础题. 9、C 【答案解析】 试题分析：由已知直线的斜率为，直线的斜率为，又由正弦定理得，故，两直线垂直 考点：直线与直线的位置关系 10、A 【答案解析】 依题意可得，再根据离心率求出，即可求出，从而得解； 【题目详解】 解：∵双曲线的离心率为， 所以，∴，∴，双曲线的焦距为. 故选：A 【答案点睛】 本题考查双曲线的简单几何性质，属于基础题. 11、B 【答案解析】 画出可行域和目标函数，根据平移得到最值点，再利用均值不等式得到答案. 【题目详解】 如图所示，画出可行域和目标函数，根据图像知： 当时，有最大值为，即，故. . 当，即时等号成立. 故选：. 【答案点睛】 本题考查了线性规划中根据最值求参数，均值不等式，意在考查学生的综合应用能力. 12、A 【答案解析】 设，，利用点差法得到，所以直线的斜率为2，又过点，再利用点斜式即可得到直线的方程. 【题目详解】 解：设，∴， 又，两式相减得：， ∴， ∴， ∴直线的斜率为2，又∴过点， ∴直线的方程为：，即， 故选：A. 【答案点睛】 本题考查直线与抛物线相交的中点弦问题，解题方法是“点差法”，即设出弦的两端点坐标，代入抛物线方程相减后可把弦所在直线斜率与中点坐标建立关系． 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13、 【答案解析】 首先整理所给的代数式，然后结合均值不等式的结论即可求得其最小值. 【题目详解】 ， 结合可知原式， 且 ， 当且仅当时等号成立. 即最小值为. 【答案点睛】 在应用基本不等式求最值时，要把握不等式成立的三个条件，就是“一正——各项均为正；二定——积或和为定值；三相等——等号能否取得”，若忽略了某个条件，就会出现错误． 14、 【答案解析】 作出可行域，由得，平移直线，数形结合可求的最大值. 【题目详解】 作出可行域如图所示 由得，则是直线在轴上的截距. 平移直线，当直线经过可行域内的点时，最小，此时最大. 解方程组，得，. . 故答案为：. 【答案点睛】 本题考查简单的线性规划，属于基础题. 15、8 （写为也得分） 【答案解析】 由，得，.当时，，所以，所以的奇数项是以1为首项，以2为公比的等比数列；其偶数项是以2为首项，以2为公比的等比数列.则，. 16、1 【答案解析】 根据弦长为半径的两倍，得直线经过圆心，将圆心坐标代入直线方程可解得． 【题目详解】 解：圆的圆心为（1，1），半径， 因为直线被圆截得的弦长为2， 所以直线经过圆心（1，1）， ，解得． 故答案为：1． 【答案点睛】 本题考查了直线与圆相交的性质，属基础题． 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、（1）的极坐标方程为，的直角坐标方程为（2） 【答案解析】 （1）先把曲线的参数方程消参后，转化为普通方程，再利用 求得极坐标方程.将，化为，再利用 求得曲线的普通方程. （2）设直线的极角，代入，得，将代入，得，由，得，即，从而求得，，从而求得，再利用求解. 【题目详解】 （1）依题意，曲线，即， 故，即. 因为，故， 即，即. （2）将代入，得， 将代入，得， 由，得，得， 解得，则. 又，故， 故的面积. 【答案点睛】 本题考查极坐标方程与直角