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2023
七台河市
重点中学
高考
数学
考前
最后
一卷
预测
解析
2023学年高考数学模拟测试卷
注意事项:
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2.答题时请按要求用笔。
3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。
4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.设实数满足条件则的最大值为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
2.若为虚数单位,则复数的共轭复数在复平面内对应的点位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
3.函数f(x)=的图象大致为()
A. B.
C. D.
4.若满足,且目标函数的最大值为2,则的最小值为( )
A.8 B.4 C. D.6
5.三棱锥中,侧棱底面,,,,,则该三棱锥的外接球的表面积为( )
A. B. C. D.
6.给出下列三个命题:
①“”的否定;
②在中,“”是“”的充要条件;
③将函数的图象向左平移个单位长度,得到函数的图象.
其中假命题的个数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
7.等腰直角三角形的斜边AB为正四面体侧棱,直角边AE绕斜边AB旋转,则在旋转的过程中,有下列说法:
(1)四面体EBCD的体积有最大值和最小值;
(2)存在某个位置,使得;
(3)设二面角的平面角为,则;
(4)AE的中点M与AB的中点N连线交平面BCD于点P,则点P的轨迹为椭圆.
其中,正确说法的个数是( )
A.1 B.2 C.3 D.4
8.若函数的定义域为M={x|-2≤x≤2},值域为N={y|0≤y≤2},则函数的图像可能是( )
A. B. C. D.
9.已知函数是定义在上的偶函数,当时,,则,,的大小关系为( )
A. B. C. D.
10.过抛物线的焦点作直线与抛物线在第一象限交于点A,与准线在第三象限交于点B,过点作准线的垂线,垂足为.若,则( )
A. B. C. D.
11.已知函数满足=1,则等于( )
A.- B. C.- D.
12.二项式的展开式中只有第六项的二项式系数最大,则展开式中的常数项是( )
A.180 B.90 C.45 D.360
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.如图,在△ABC中,AB=4,D是AB的中点,E在边AC上,AE=2EC,CD与BE交于点O,若OB=OC,则△ABC面积的最大值为_______.
14.如图,在△ABC中,E为边AC上一点,且,P为BE上一点,且满足,则的最小值为______.
15.已知椭圆的左、右焦点分别为、,过椭圆的右焦点作一条直线交椭圆于点、.则内切圆面积的最大值是_________.
16.已知,椭圆的方程为,双曲线方程为,与的离心率之积为,则的渐近线方程为________.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(12分)已知函数
(1)求单调区间和极值;
(2)若存在实数,使得,求证:
18.(12分)已知函数.
(1)求不等式的解集;
(2)设的最小值为,正数,满足,证明:.
19.(12分)已知函数.
(Ⅰ)求的值;
(Ⅱ)若,且,求的值.
20.(12分)在极坐标系中,曲线的方程为,以极点为原点,极轴所在直线为轴建立直角坐标,直线的参数方程为(为参数),与交于,两点.
(1)写出曲线的直角坐标方程和直线的普通方程;
(2)设点;若、、成等比数列,求的值
21.(12分)如图,三棱柱中,侧面为菱形,.
(1)求证:平面;
(2)若,求二面角的余弦值.
22.(10分)已知函数,,且.
(1)当时,求函数的减区间;
(2)求证:方程有两个不相等的实数根;
(3)若方程的两个实数根是,试比较,与的大小,并说明理由.
2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、C
【答案解析】
画出可行域和目标函数,根据目标函数的几何意义平移得到答案.
【题目详解】
如图所示:画出可行域和目标函数,
,即,表示直线在轴的截距加上1,
根据图像知,当时,且时,有最大值为.
故选:.
【答案点睛】
本题考查了线性规划问题,画出图像是解题的关键.
2、B
【答案解析】
由共轭复数的定义得到,通过三角函数值的正负,以及复数的几何意义即得解
【题目详解】
由题意得,
因为,,
所以在复平面内对应的点位于第二象限.
故选:B
【答案点睛】
本题考查了共轭复数的概念及复数的几何意义,考查了学生概念理解,数形结合,数学运算的能力,属于基础题.
3、D
【答案解析】
根据函数为非偶函数可排除两个选项,再根据特殊值可区分剩余两个选项.
【题目详解】
因为f(-x)=≠f(x)知f(x)的图象不关于y轴对称,排除选项B,C.
又f(2)==-<0.排除A,故选D.
【答案点睛】
本题主要考查了函数图象的对称性及特值法区分函数图象,属于中档题.
4、A
【答案解析】
作出可行域,由,可得.当直线过可行域内的点时,最大,可得.再由基本不等式可求的最小值.
【题目详解】
作出可行域,如图所示
由,可得.
平移直线,当直线过可行域内的点时,最大,即最大,最大值为2.
解方程组,得.
.
,
当且仅当,即时,等号成立.
的最小值为8.
故选:.
【答案点睛】
本题考查简单的线性规划,考查基本不等式,属于中档题.
5、B
【答案解析】
由题,侧棱底面,,,,则根据余弦定理可得 ,的外接圆圆心
三棱锥的外接球的球心到面的距离 则外接球的半径 ,则该三棱锥的外接球的表面积为
点睛:本题考查的知识点是球内接多面体,熟练掌握球的半径 公式是解答的关键.
6、C
【答案解析】
结合不等式、三角函数的性质,对三个命题逐个分析并判断其真假,即可选出答案.
【题目详解】
对于命题①,因为,所以“”是真命题,故其否定是假命题,即①是假命题;
对于命题②,充分性:中,若,则,由余弦函数的单调性可知,,即,即可得到,即充分性成立;必要性:中,,若,结合余弦函数的单调性可知,,即,可得到,即必要性成立.故命题②正确;
对于命题③,将函数的图象向左平移个单位长度,可得到的图象,即命题③是假命题.
故假命题有①③.
故选:C
【答案点睛】
本题考查了命题真假的判断,考查了余弦函数单调性的应用,考查了三角函数图象的平移变换,考查了学生的逻辑推理能力,属于基础题.
7、C
【答案解析】
解:对于(1),当CD⊥平面ABE,且E在AB的右上方时,E到平面BCD的距离最大,当CD⊥平面ABE,且E在AB的左下方时,E到平面BCD的距离最小,
∴四面体E﹣BCD的体积有最大值和最小值,故(1)正确;
对于(2),连接DE,若存在某个位置,使得AE⊥BD,又AE⊥BE,则AE⊥平面BDE,可得AE⊥DE,进一步可得AE=DE,此时E﹣ABD为正三棱锥,故(2)正确;
对于(3),取AB中点O,连接DO,EO,则∠DOE为二面角D﹣AB﹣E的平面角,为θ,
直角边AE绕斜边AB旋转,则在旋转的过程中,θ∈[0,π),
∠DAE∈[,π),所以θ≥∠DAE不成立.(3)不正确;
对于(4)AE的中点M与AB的中点N连线交平面BCD于点P,P到BC的距离为:dP﹣BC,
因为<1,所以点P的轨迹为椭圆.(4)正确.
故选:C.
点睛:该题考查的是有关多面体和旋转体对应的特征,以几何体为载体,考查相关的空间关系,在解题的过程中,需要认真分析,得到结果,注意对知识点的灵活运用.
8、B
【答案解析】
因为对A不符合定义域当中的每一个元素都有象,即可排除;
对B满足函数定义,故符合;
对C出现了定义域当中的一个元素对应值域当中的两个元素的情况,不符合函数的定义,从而可以否定;
对D因为值域当中有的元素没有原象,故可否定.
故选B.
9、C
【答案解析】
根据函数的奇偶性得,再比较的大小,根据函数的单调性可得选项.
【题目详解】
依题意得,,
当时,,因为,所以在上单调递增,又在上单调递增,所以在上单调递增,
,即,
故选:C.
【答案点睛】
本题考查函数的奇偶性的应用、幂、指、对的大小比较,以及根据函数的单调性比较大小,属于中档题.
10、C
【答案解析】
需结合抛物线第一定义和图形,得为等腰三角形,设准线与轴的交点为,过点作,再由三角函数定义和几何关系分别表示转化出,
,结合比值与正切二倍角公式化简即可
【题目详解】
如图,设准线与轴的交点为,过点作.由抛物线定义知,
所以,,,,
所以.
故选:C
【答案点睛】
本题考查抛物线的几何性质,三角函数的性质,数形结合思想,转化与化归思想,属于中档题
11、C
【答案解析】
设的最小正周期为,可得,则,再根据得,又,则可求出,进而可得.
【题目详解】
解:设的最小正周期为,因为,
所以,所以,
所以,
又,所以当时,,
,因为
,
整理得,因为,
,
,则
所以
.
故选:C.
【答案点睛】
本题考查三角形函数的周期性和对称性,考查学生分析能力和计算能力,是一道难度较大的题目.
12、A
【答案解析】
试题分析:因为的展开式中只有第六项的二项式系数最大,所以,,令,则,.
考点:1.二项式定理;2.组合数的计算.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13、
【答案解析】
先根据点共线得到,从而得到O的轨迹为阿氏圆,结合三角形和三角形的面积关系可求.
【题目详解】
设
B,O,E共线,则,解得,从而O为CD中点,故.
在△BOD中,BD=2,,易知O的轨迹为阿氏圆,其半径,
故.
故答案为:.
【答案点睛】
本题主要考查三角形的面积问题,把所求面积进行转化是求解的关键,侧重考查数学运算的核心素养.
14、
【答案解析】
试题分析:根据题意有,因为三点共线,所以有,从而有,所以的最小值是.
考点:向量的运算,基本不等式.
【方法点睛】该题考查的是有关应用基本不等式求最值的问题,属于中档题目,在解题的过程中,关键步骤在于对题中条件的转化,根据三点共线,结合向量的性质可知,从而等价于已知两个正数的整式形式和为定值,求分式形式和的最值的问题,两式乘积,最后应用基本不等式求得结果,最后再加,得出最