2023学年湖南省邵阳市洞口县第九中学高考数学倒计时模拟卷（含解析）.doc

2023学年高考数学模拟测试卷 请考生注意： 1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。 2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．已知数列满足，则（ ） A． B． C． D． 2．已知抛物线的焦点为，是抛物线上两个不同的点，若，则线段的中点到轴的距离为（ ） A．5 B．3 C． D．2 3．已知函数，不等式对恒成立，则的取值范围为（ ） A． B． C． D． 4．已知函数的定义域为，则函数的定义域为（ ） A． B． C． D． 5．函数，，的部分图象如图所示，则函数表达式为（ ） A． B． C． D． 6．已知函数，若函数有三个零点，则实数的取值范围是（ ） A． B． C． D． 7．设为非零向量，则“”是“与共线”的（ ） A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件 8．若双曲线的离心率，则该双曲线的焦点到其渐近线的距离为（ ） A． B．2 C． D．1 9．已知中，，则（ ） A．1 B． C． D． 10．设复数，则=（ ） A．1 B． C． D． 11．已知抛物线：，点为上一点，过点作轴于点，又知点，则的最小值为（ ） A． B． C．3 D．5 12．直线与圆的位置关系是（ ） A．相交 B．相切 C．相离 D．相交或相切 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．设双曲线的一条渐近线方程为，则该双曲线的离心率为____________. 14．已知函数的最小值为2，则_________． 15．下表是关于青年观众的性别与是否喜欢综艺“奔跑吧，兄弟”的调查数据，人数如下表所示： 不喜欢 喜欢 男性青年观众 40 10 女性青年观众 30 80 现要在所有参与调查的人中用分层抽样的方法抽取个人做进一步的调研，若在“不喜欢的男性青年观众”的人中抽取了8人，则的值为______. 16．设为抛物线的焦点，为上互相不重合的三点，且、、成等差数列，若线段的垂直平分线与轴交于，则的坐标为_______. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17．（12分）如图1，四边形为直角梯形，，，，，，为线段上一点，满足，为的中点，现将梯形沿折叠（如图2），使平面平面. （1）求证：平面平面； （2）能否在线段上找到一点（端点除外）使得直线与平面所成角的正弦值为？若存在，试确定点的位置；若不存在，请说明理由. 18．（12分）设函数f(x)=x2−4xsinx−4cosx． （1）讨论函数f(x)在[−π，π]上的单调性； （2）证明：函数f(x)在R上有且仅有两个零点． 19．（12分）已知函数，. （1）讨论的单调性； （2）若存在两个极值点，，证明：. 20．（12分）如图，⊙的直径的延长线与弦的延长线相交于点，为⊙上一点，，交于点．求证：~． 21．（12分）如图，在斜三棱柱中，侧面与侧面都是菱形， ，． （Ⅰ）求证：； （Ⅱ）若，求平面与平面所成的锐二面角的余弦值． 22．（10分）已知函数，记不等式的解集为. （1）求； （2）设，证明：. 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【答案解析】 利用的前项和求出数列的通项公式，可计算出，然后利用裂项法可求出的值. 【题目详解】 . 当时，； 当时，由， 可得， 两式相减，可得，故， 因为也适合上式，所以. 依题意，， 故. 故选：C. 【答案点睛】 本题考查利用求，同时也考查了裂项求和法，考查计算能力，属于中等题. 2、D 【答案解析】 由抛物线方程可得焦点坐标及准线方程,由抛物线的定义可知,继而可求出,从而可求出的中点的横坐标,即为中点到轴的距离. 【题目详解】 解：由抛物线方程可知，，即，.设 则，即，所以. 所以线段的中点到轴的距离为. 故选:D. 【答案点睛】 本题考查了抛物线的定义，考查了抛物线的方程.本题的关键是由抛物线的定义求得两点横坐标的和. 3、C 【答案解析】 确定函数为奇函数，且单调递减，不等式转化为，利用双勾函数单调性求最值得到答案. 【题目详解】 是奇函数， ， 易知均为减函数，故且在上单调递减， 不等式，即， 结合函数的单调性可得，即， 设，，故单调递减，故， 当，即时取最大值，所以. 故选：. 【答案点睛】 本题考查了根据函数单调性和奇偶性解不等式，参数分离求最值是解题的关键. 4、A 【答案解析】 试题分析：由题意，得，解得，故选A． 考点：函数的定义域． 5、A 【答案解析】 根据图像的最值求出，由周期求出，可得，再代入特殊点求出，化简即得所求. 【题目详解】 由图像知，，，解得， 因为函数过点，所以， ，即， 解得，因为，所以， . 故选：A 【答案点睛】 本题考查根据图像求正弦型函数的解析式，三角函数诱导公式，属于基础题. 6、B 【答案解析】 根据所给函数解析式，画出函数图像.结合图像，分段讨论函数的零点情况：易知为的一个零点；对于当时，由代入解析式解方程可求得零点，结合即可求得的范围；对于当时，结合导函数，结合导数的几何意义即可判断的范围.综合后可得的范围. 【题目详解】 根据题意，画出函数图像如下图所示： 函数的零点，即. 由图像可知，， 所以是的一个零点， 当时，，若， 则，即，所以，解得； 当时，， 则，且 若在时有一个零点，则， 综上可得， 故选：B. 【答案点睛】 本题考查了函数图像的画法，函数零点定义及应用，根据零点个数求参数的取值范围，导数的几何意义应用，属于中档题. 7、A 【答案解析】 根据向量共线的性质依次判断充分性和必要性得到答案. 【题目详解】 若，则与共线，且方向相同，充分性； 当与共线，方向相反时，，故不必要. 故选：. 【答案点睛】 本题考查了向量共线，充分不必要条件，意在考查学生的推断能力. 8、C 【答案解析】 根据双曲线的解析式及离心率，可求得的值；得渐近线方程后，由点到直线距离公式即可求解. 【题目详解】 双曲线的离心率， 则，，解得，所以焦点坐标为， 所以， 则双曲线渐近线方程为，即， 不妨取右焦点，则由点到直线距离公式可得， 故选：C. 【答案点睛】 本题考查了双曲线的几何性质及简单应用，渐近线方程的求法，点到直线距离公式的简单应用，属于基础题. 9、C 【答案解析】 以为基底，将用基底表示，根据向量数量积的运算律，即可求解. 【题目详解】 , , . 故选:C. 【答案点睛】 本题考查向量的线性运算以及向量的基本定理，考查向量数量积运算，属于中档题. 10、A 【答案解析】 根据复数的除法运算，代入化简即可求解. 【题目详解】 复数， 则 故选：A. 【答案点睛】 本题考查了复数的除法运算与化简求值，属于基础题. 11、C 【答案解析】 由,再运用三点共线时和最小，即可求解. 【题目详解】 . 故选：C 【答案点睛】 本题考查抛物线的定义，合理转化是本题的关键，注意抛物线的性质的灵活运用，属于中档题． 12、D 【答案解析】 由几何法求出圆心到直线的距离，再与半径作比较，由此可得出结论． 【题目详解】 解：由题意，圆的圆心为，半径， ∵圆心到直线的距离为， ， ， 故选：D． 【答案点睛】 本题主要考查直线与圆的位置关系，属于基础题． 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13、 【答案解析】 根据渐近线得到，，计算得到离心率. 【题目详解】 ，一条渐近线方程为：，故，，. 故答案为：. 【答案点睛】 本题考查了双曲线的渐近线和离心率，意在考查学生的计算能力. 14、 【答案解析】 首先利用绝对值的意义去掉绝对值符号，之后再结合后边的函数解析式，对照函数值等于2的时候对应的自变量的值，从而得到分段函数的分界点，从而得到相应的等量关系式，求得参数的值. 【题目详解】 根据题意可知， 可以发现当或时是分界点， 结合函数的解析式，可以判断0不可能，所以只能是是分界点， 故，解得，故答案是. 【答案点睛】 本题主要考查分段函数的性质，二次函数的性质，函数最值的求解等知识，意在考查学生的转化能力和计算求解能力. 15、32 【答案解析】 由已知可得抽取的比例，计算出所有被调查的人数，再乘以抽取的比例即为分层抽样的样本容量. 【题目详解】 由题可知，抽取的比例为，被调查的总人数为人， 则分层抽样的样本容量是人. 故答案为：32 【答案点睛】 本题考查分层抽样中求样本容量，属于基础题. 16、或 【答案解析】 设出三点的坐标，结合等差数列的性质、线段垂直平分线的性质、抛物线的定义进行求解即可. 【题目详解】 抛物线的准线方程为：，设，由抛物线的定义可知：，，，因为、、成等差数列，所以有，所以， 因为线段的垂直平分线与轴交于，所以，因此有 ，化简整理得： 或. 若，由可知；，这与已知矛盾，故舍去； 若，所以有，因此. 故答案为：或 【答案点睛】 本题考查了抛物线的定义的应用，考查了等差数列的性质，考查了数学运算能力. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、（1）证明见解析；（2）存在点是线段的中点，使得直线与平面所成角的正弦值为. 【答案解析】 （1）在直角梯形中，根据，，得为等边三角形，再由余弦定理求得，满足，得到，再根据平面平面，利用面面垂直的性质定理证明. （2）建立空间直角坐标系：假设在上存在一点使直线与平面所成角的正弦值为，且，，求得平面的一个法向量，再利用线面角公式求解. 【题目详解】 （1）证明：在直角梯形中，，， 因此为等边三角形，从而，又， 由余弦定理得：， ∴，即，且折叠后与位置关系不变， 又∵平面平面，且平面平面. ∴平面，∵平面， ∴平面平面. （2）∵为等边三角形，为的中点， ∴，又∵平面平面，且平面平面， ∴平面， 取的中点，连结，则，从而，以为坐标原点建立如图所示的空间直角坐标系： 则，，则， 假设在上存在一点使直线与平面所成角的正弦值为，且，， ∵，∴，故， ∴，又， 该平面的法向量为， ， 令得， ∴， 解得或（舍）， 综上可知，存在点是线段的中点，使得直线与平面所成角的正弦值为. 【答案点睛】 本题主要考查面面垂直的性质定理和向量法研究线面角问题，还考查了转化化归的思想和运算求解的能力，属于中档题. 18、见解析 【答案解析】 （1）f¢(x)=2x−4xcosx−4sinx+4sinx=， 由f¢(x)=1，x∈[−π，π]得x=1或或． 当x变化时，f¢(x)和f(x)的变化情况如下表： x 1 f¢(x) − 1 + 1 − 1 + f(x) 单调递减 极小值 单调递增 极大值 单调递减 极小值 单调递增 所以f(x)在区间，上单调递减，在区间，上单调递增． （2）由（1）得极大值为f(1)=−4；极小值为f()=f()<f(1)<1． 又f(π)=f