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2023
年高
数学
数列
函数
不等式
综合
问题
选讲上
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简单学习网课后练习一
学科: 高考总复习课程-10〔新课标〕高考数学〔理〕第二轮复习
讲次: 第 1 讲 名称: 〔上〕
主讲教师:丁益祥,北京陈经纶中学数学特级教师
北京市海淀区上地东路1号盈创动力大厦E座702
全国24小时免费咨询 4008-110-818
总机:01058858883
高考总复习课程-10〔新课标〕高考数学〔理〕第二轮复习
第一讲 数列与函数、不等式综合问题选讲〔上〕
主讲教师:丁益祥
1、函数f(x)=a·bx的图像过点A(1,)和B(2,).
(1)求函数f(x)的解析式;
(2)记an=log2f(n),n是正整数,Sn是数列{an}的前n项和,求S30.
答案:〔1〕f(x)=;〔2〕780
【解析】由题意得ab=且ab2=a=,b=4f(x)=.
an=log2f(n)=log2f(n)=log2=2n-5(n∈Nx),∵an+1-an=2(n∈Nx),故{an}是公差为2的等差数列,且a1=-3,由Sn=n(a1+an)S30=×30×(-3+2×30-5)=780.
2、函数是一次函数,且成等比数列,设,(),求;
答案:
【解析】设,〔〕由成等比数列得
,----------------①, 得
∵ ∴---------------② 由①②得, ∴
∴,显然数列是首项公差的等差数列
∴=
3、数列{}的前项和,第项满足,那么〔 〕
A. B. C. D.
答案:B
4、实数列{an}满足a0=a,a为实数,(n∈N)求。
答案:
【解析】原来的解法:
,
∴ …
于是对于任意正整数k有 (r=0,1,2,3,4,5,)
2023=6×333+2
∴
上述所给出的答案计算量明显较大,感觉机械操作过程颇多,主要是因为没有充分利用函数的思想和方法来解决问题。看如下有两种方法:
㈠ 如果将上面的替换为,替换为得到:
= 同理得:
所以得到:
用函数的思想认识时,很显然数列{an}的周期T==6。
∵ 2023=6×333+2
∴
㈡ 其实把递推关系(n∈N)变形
令= 那么=原递推关系为=此式与十分相似,因此可把它认为是原递推关系的原型
==,,所以我们很快可以判断出数列的周期是6,只要再证明〔由=与 得〕因此得数列的周期是6。
=
。
这样利用函数的方法来解决问题,找到了这个数列最重要的性质即周期性,大大减小了运算量减化了过程,但增加了思维活动,表达根本的数学思想和方法。
5、数列前n项的和为 〔 〕
A. B.
C. D.
答案:B
【解析】
6、负数a和正数b,令a1= a,b1=b,且对任意的正整数n,当≥0时,an+1= an,
bn+1= ;当<0时,an+1 = ,bn+1 = bn.
〔1〕求bn-an关于n的表达式;
〔2〕是否存在a,b,使得对任意的正整数n都有bn>bn+1?请说明理由;
〔3〕假设对任意的正整数n,都有b2n-1>b2n,且b2n=b2n+1,求bn的表达式.
答案:〔1〕(b-a)()n-1〔2〕不存在〔3〕
【解析】(Ⅰ)当≥0时,bn+1-an+1= -an= ;
当<0, bn+1-an+1 = bn- = .
故总有bn+1-an+1 = (bn-an),
所以数列{bn-an}是首项为b-a,公比为的等比数列.
所以bn-an=(b-a)()n-1.
(Ⅱ) 假设存在a,b,对任意的正整数n都有bn>bn+1,即an= an+1.
所以an = an-1 = … = a1= a,又bn-an= (b-a)()n-1,所以bn = a+ (b-a)()n-1,
又≥0,即a + (b-a)()n≥0, 即2n≤对任意的正整数n恒成立,
又是正数,故n≤log2对任意的正整数n恒成立,
因为log2是常数,故n≤log2不可能对任意正整数n恒成立.
所以不存在a,b,使得对任意的正整数n都有bn>bn+1.
(Ⅲ)由b2n-1>b2n,可知a2n -1= a2n,b2n= ,
所以b2n= ,即b2n - b2n-1= -( b2n-a2n)= - (b-a) ()2n-1.
又b2n=b2n+1,故b2n+1-b2n-1= -( b2n-a2n) = (a -b) ()2n-1,
∴b2n-1= (b2n-1 - b2n-3)+ ( b2n-3 -b2n-5)+ … +( b3 -b1) +b1
= (a - b)[ ()2n-3+ ()2n-5+…+ ()1]+b= (a-b)+b= (a - b)[ 1- ()n-1]+b.
当n为奇数时,令n=2m-1,可得bn=b2m-1= (a-b)[ 1- ()m-1]+b= (a-b)[ 1- ()n-1]+b,
当n为偶数时,可得bn=bn+1= (a-b)[ 1- ()n]+b,
故
7、函数是定义在[0,1]上的增函数,满足且,在每个区间〔1,2……〕上,的图象都是斜率为同一常数k的直线的一局部。
〔1〕求及,的值,并归纳出的表达式;
〔2〕设直线,,x轴及的图象围成的矩形的面积为〔1,2……〕,记,求的表达式,并写出其定义域和最小值。
答案:
〔1〕
〔2〕,定义域为1,当时取得最小值
【解析】〔I〕由,得
由及,得. 同理,.
归纳得.
〔II〕当时,
.
所以是首项为,公比为的等比数列,
所以.
的定义域为1,当时取得最小值.
8、是整数组成的数列,,且点在函数的图像上:
〔1〕求数列的通项公式;
〔2〕假设数列满足,求证:
答案:〔1〕;〔2〕证明略
【解析】〔1〕由得:,
所以数列是以1为首项,公差为1的等差数列;即
〔2〕由〔1〕知
所以:
10、数列
(1)求并求数列的通项公式;
(2)设证明:当
答案:〔1〕〔2〕证明略
【解析】 (Ⅰ)因为所以
一般地,当时,
=,即
所以数列是首项为1、公差为1的等差数列,因此
当时,
所以数列是首项为2、公比为2的等比数列,因此
故数列的通项公式为
(Ⅱ)由(Ⅰ)知, ①
②
①-②得,
所以
要证明当时,成立,只需证明当时,成立.
证法一
(1)当n = 6时,成立.
(2)假设当时不等式成立,即
那么当n=k+1时,
由(1)、(2)所述,当n≥6时,.即当n≥6时,
证法二
令,那么
所以当时,.因此当时,
于是当时,
综上所述,当时,
11、二次函数y=f(x)的图像经过坐标原点,其导函数为f¢(x)=6x-2,数列{an}的前n项和为Sn,点(n,Sn)(n∈Nx)均在函数y=f(x)的图像上.〔Ⅰ〕求数列{an}的通项公式;〔Ⅱ〕设bn=,Tn是数列{bn}的前n项和,求使得Tn<对所有n∈Nx都成立的最小正整数m;
答案:〔1〕an=6n-5〔n∈Nx〕;〔2〕最小正整数m为10.
【解析】〔Ⅰ〕设这二次函数f(x)=ax2+bx (a≠0) ,那么 f`(x)=2ax+b,由于f`(x)=6x-2,
得a=3 ,b=-2,所以f(x)=3x2-2x.,
又因为点(n,Sn)(n∈Nx)均在函数y=f(x)的图像上,所以Sn=3n2-2n,
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=〔3n2-2n〕-[3(n-1)2-2(n-1)]=6n-5,
当n=1时,a1=S1=3×12-2=6×1-5,所以,an=6n-5〔n∈Nx〕.
〔Ⅱ〕由〔Ⅰ〕得知bn===(-),
故Tn=bi=[(1-)+(–)+…+(-)]=(1–〕,
因此,要使(1-〕<〔n∈Nx〕成立的m,必须且仅须满足≤,即m≥10,所以满足要求的最小正整数m为10.
12、数列的首项,,.
〔1〕求的通项公式;
〔2〕证明:对任意的,,;
〔3〕证明:.
答案:〔1〕;〔2〕证明略;〔3〕证明略
【解析】解法一:〔Ⅰ〕,,,
又,是以为首项,为公比的等比数列.
,.
〔Ⅱ〕由〔Ⅰ〕知,
,原不等式成立.
〔Ⅲ〕由〔Ⅱ〕知,对任意的,有
.
取,
那么.
原不等式成立.
解法二:〔Ⅰ〕同解法一.
〔Ⅱ〕设,
那么
,
当时,;当时,,
当时,取得最大值.
原不等式成立.
〔Ⅲ〕同解法一.
13、在数列中,是正整数,且,那么称为“绝对差数列〞。
(1)举出一个前五项均不为0的“绝对差数列〞〔只需写出其前十项〕;
(2)假设“绝对差数列〞{an}中,a20=3,a20=0,数列{bn}满足,分别判断当时,数列和的极限是否存在,如果存在,求出其极限值;
(3)证明任意一个“绝对差数列〞总存在无穷多个等于零的项。
答案:
(1),〔答案不惟一〕
(2) 的极限不存在,
(3)证明略
【解析】〔Ⅰ〕解:,〔答案不惟一〕
〔Ⅱ〕解:因为在绝对差数列中,.所以自第 20 项开始,该数列是,,即自第 20 项开始。每三个相邻的项周期地取值 3,0,3. 所以当时,的极限不存在.
当时, ,所以
〔Ⅲ〕证明:根据定义,数列
假设中没有零项,由于,所以对于任意的n,都有,从而
当时, ;
当 时,
即的值要么比至少小1,要么比至少小1.
令那么
由于是确定的正整数,这样减少下去,必然存在某项 ,这与()
矛盾. 从而必有零项.
假设第一次出现的零项为第项,记,那么自第项开始,每三个相邻的项周期地取值 0,, , 即所以绝对差数列中有无穷多个为零的项.
14、函数.
(1)设{an}是正数组成的数列,前n项和为Sn,其中a1(n∈Nx)在函数y=f′(x)的图象上,求证:点〔n,Sn〕也在y=f′(x)的图象上;
(2)求函数f(x)在区间〔a-1,a〕内的极值.
答案:
(1)证明略;
(2)
①当,此时无极小值;
②当的极小值为,此时无极大值;
③当既无极大值又无极小值.
x
(-∞,-2)
-2
(-2,0)
0
(0,+∞)
f′(x)
+
0
-
0
+
f(x)
↗
极大值
↘
极小值
↗
15、 本小题主要考查函数极值、等差数列等根本知识,考查分类与整合、转化与化归等数学思想方法,考查分析问题和解决问题的能力.总分值12分.
【解析】
(Ⅰ)证明:因为所以′(x)=x2+2x,
由点在函数y=f′(x)的图象上,
又所以
所以,又因为′(n)=n2+2n,所以,
故点也