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吉林省延吉市延边第二中学2023届高三数学上学期第一次调研试题文含解析.doc
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吉林省 延吉市 延边 第二 中学 2023 届高三 数学 上学 第一次 调研 试题 解析
吉林省延吉市延边第二中学2023届高三数学上学期第一次调研试题 文(含解析) 本试卷共23题,共150分,共6页。考试结束后,将答题卡交回。 注意事项: 1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚。将条形码准确粘贴在条形码区域内。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整,笔迹清楚。 3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超过答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。 4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1.设集合,,则( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 求解不等式确定集合A,B,然后进行交集运算即可. 【详解】求解不等式可得:, 求解不等式可得, 结合交集的定义可知. 故选:A. 【点睛】本题主要考查集合的表示方法,不等式的解法,交集的运算法则等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力. 2.i为虚数单位,设复数z满足,则复数z的模是( ) A. 10 B. 25 C. 3 D. 5 【答案】D 【解析】 【分析】 由复数及复数的模的运算,即可得解. 【详解】解:因为, 所以 则=, 故选D. 【点睛】本题考查了复数的运算,属基础题. 3.在中,“”是“”的 ( ) A. 充要条件 B. 必要不充分条件 C. 充分不必要条件 D. 既不充分也不必要条件 【答案】A 【解析】 【分析】 余弦函数在上单调递减 【详解】因为A,B是的内角,所以,在上余弦函数单调递减, 在中,“” “” 【点睛】充要条件的判断,是高考常考知识点,充要条件的判断一般有三种思路:定义法、等价关系转化法、集合关系法。 4.已知,,,则,,的大小关系为() A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据的单调性判断的大小关系,由判断出三者的大小关系. 【详解】由,,,则.故选C. 【点睛】本小题主要考查对数运算,考查对数函数的单调性,考查对数式比较大小,属于基础题. 5.等比数列的前项和为,已知,,则( ) A. B. C. 14 D. 15 【答案】D 【解析】 由,得,即, 又为等比数列,所以公比, 又,所以. . 故选D. 6.函数(,且)的图象恒过定点,且点在角的终边上,则( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 令对数的真数等于1,求得x、y的值,可得定点A的坐标,再利用任意角的三角函数的定义求得,再利用同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式,求得的值. 【详解】对于函数且,令,求得,, 可得函数的图象恒过点,且点A在角的终边上, ,则, 故选:C. 【点睛】本题主要考查对数函数的图象经过定点问题,任意角的三角函数的定义,同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式,属于基础题. 7.一个几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 先找到三视图对应的几何体原图,再求几何体的体积. 【详解】 由已知中的三视图可得该几何体是一个组合体,由一个底面半径为1,高为的半圆锥,和一个底面边长为2的正方形,高为的四棱锥组合而成. 故这个几何体的体积. 故选:A 【点睛】本题主要考查三视图找几何体原图,考查几何体的体积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题. 8.若向量,的夹角为,且,,则向量-2与向量的夹角为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 由平面向量数量积的运算可得:=, 再求角即可. 【详解】解:因为向量,的夹角为,且,, 所以 所以,, 设向量-2与向量的夹角为, 则=, 又, 即向量-2与向量的夹角为, 故选B. 【点睛】本题考查了平面向量数量积的运算,属基础题. 9.关于函数,下列叙述有误的是( ) A. 其图象关于直线对称 B. 其图象关于点对称 C. 其值域是[-1,3] D. 其图象可由图象上所有点的横坐标变为原来的得到 【答案】B 【解析】 【分析】 利用正弦函数的图象与性质,逐个判断各个选项是否正确,从而得出。 【详解】当时,,为函数最小值,故A正确; 当时,,,所以函数图象关于直线对称,不关于点对称,故B错误;函数的值域为[-1,3],显然C正确;图象上所有点的横坐标变为原来的得到,故D正确。综上,故选B。 【点睛】本题主要考查正弦函数的图象与性质,牢记正弦函数的基本性质是解题的关键。 10.定义在上的偶函数满足,且当时,,函数是定义在上的奇函数,当时,,则函数的零点的的个数是( ) A. 7 B. 8 C. 9 D. 10 【答案】D 【解析】 【分析】 分别作出函数与函数图像,再观察其交点个数即可. 【详解】解:由,可得函数的周期为2, 又为偶函数,且当时,, 又是定义在上的奇函数,当时,, 则函数的零点个数即函数与函数图像的交点个数, 又函数与函数图像如图所示, 即函数与函数图像的交点个数为10个, 故选D. 【点睛】本题考查了函数的奇偶性及函数零点问题,重点考查了数形结合的数学思想方法,属中档题. 11.历史上数列的发展,折射出许多有价值的数学思想方法,对时代的进步起了重要的作用,比如意大利数学家列昂纳多·斐波那契以兔子繁殖为例,引入“兔子数列”:即1,1,2,3,5,8,13,21,34,55,89,144,233,….即,,此数列在现代物理、准晶体结构及化学等领域有着广泛的应用,若此数列被4整除后的余数构成一个新的数列,又记数列满足,,,则的值为( ) A. 4 B. -728 C. -729 D. 3 【答案】D 【解析】 【分析】 先列出数列、的前面的有限项,再观察数列的周期性,运算即可得解. 【详解】解:由题意有数列为1,1,2,3,1,0,1,1,2,3,1,0,1,1,…, 即数列为周期为6的数列, 则数列为1,1,1,1,-2,-1,1,0,1,1,-2,-1,1,0,1,1,-2,-1,…, 观察数列可知数列从第三项开始后面所有数列构成一周期为6的数列, 且每一个周期的和为0, 所以=, 故选D. 【点睛】本题考查了阅读能力及数列的周期性,属中档题. 12.已知为定义在上的可导函数,且恒成立,则不等式的解集为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 令,则 ∵ ∴,即在上恒成立 ∴在上单调递减 ∵ ∴,即 ∴,即 故选A 点睛:本题首先需结合已知条件构造函数,然后考查利用导数判断函数的单调性,再由函数的单调性和函数值的大小关系,判断自变量的大小关系. 二、填空题:(本题共4小题,每小题5分,共20分,请将答案写在答题纸上) 13.体积为的球的内接正方体的棱长为_____________。 【答案】2 【解析】 可知球半径,而球内接正方体的体对角线长等于球直径。设正方体的棱长为,则有,解得 14.已知且.求_________. 【答案】 【解析】 【分析】 先求出sin 【详解】因为 , 所以. 故答案为:. 【点睛】(1)本题主要考查三角化简求值,考查同角的平方关系,意在考查学生对这些知识的掌握水平和分析推理能力.(2)解答本题的关键是分析得到,否则会出现双解. 15.在等差数列{an}中,已知,则=_______________. 【答案】20 【解析】 ∵数列{an}是等差数列,且, ∴3a5=15,a5=5. . 答案为20. 点睛:本题主要考查等差数列的通项公式、等差数列的前 项和公式,属于中档题. 等差数列基本量的运算是等差数列的一类基本题型,数列中的五个基本量,一般可以“知二求三”,通过列方程组所求问题可以迎刃而解,另外,解等差数列问题要注意应用等差数列的性质()与前 项和的关系,利用整体代换思想解答. 16.如图,向量,,,是以为圆心、为半径的圆弧上的动点,若,则的最大值是______. 【答案】 【解析】 【分析】 将两边平方,利用数量积的运算化简可得,用基本不等式即可求得最大值. 【详解】因,,, 所以, 因为为圆上,所以, , , , , , ,故答案为1. 【点睛】本题考查了平面向量数量积的运算、基本不等式的应用,属基础题.数量积的运算主要应用以下几个方面:(1)求向量的夹角, (此时往往用坐标形式求解);(2)求投影, 在 上的投影是;(3)向量垂直则;(4)求向量 的模(平方后需求). 三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17-21题为必考题.每个试题考生都必须作答。第22、23为选考题.考生根据要求作答。 (一)必考题:共60分 17.在中,角,,所对的边分别为,,,. (1)求的大小; (2)若,,求的面积. 【答案】(1) .(2) 【解析】 【分析】 (1)先由正弦定理,将化为,结合余弦定理,即可求出角; (2)先求出,再由正弦定理求出,根据三角形面积公式,即可得出结果. 【详解】(1)因为, 由正弦定理可得:, 即, 再由余弦定理可得,即, 所以; (2)因为,所以, 由正弦定理,可得. . 【点睛】本题主要考查解三角形,熟记正弦定理、余弦定理即可,属于常考题型. 18.已知数列满足,,. (1)证明:数列为等比数列; (2)求数列的前项和. 【答案】(1)见证明;(2) 【解析】 【分析】 (1)利用等比数列的定义可以证明; (2)由(1)可求的通项公式,结合可得,结合通项公式公式特点选择分组求和法进行求和. 【详解】证明:(1)∵,∴. 又∵,∴. 又∵, ∴数列是首项为2,公比为4的等比数列. 解:(2)由(1)求解知,, ∴, ∴. 【点睛】本题主要考查等比数列的证明和数列求和,一般地,数列求和时要根据数列通项公式的特征来选择合适的方法,侧重考查数学运算的核心素养. 19.2023学年年,河北等8省公布了高考改革综合方案将采取“3+1+2”模式,即语文、数学、英语必考,然后考生先在物理、历史中选择1门,再在思想政治、地理、化学、生物中选择2门.为了更好进行生涯规划,甲同学对高一一年来七次考试成绩进行统计分析,其中物理、历史成绩的茎叶图如图所示. (1)若甲同学随机选择3门功课,求他选到物理、地理两门功课的概率; (2)试根据茎叶图分析甲同学应物理和历史中选择哪一门学科?并说明理由; (3)甲同学发现,其物理考试成绩(分)与班级平均分(分)具有线性相关关系,统计数据如下表所示,试求当班级平均分为50分时,其物理考试成绩. 参考数据: ,,,. 参考公式:,,(计算时精确到). 【答案】(1);(2)见解析;(3)见解析 【解析】 【分析】 (1)列出基本事件的所有情况,然后再列出满足条件的所有情况,利用古典概率公式即可得到答案. (2)计算平均值和方差,从而比较甲同学应在物理和历史中选择哪一门学科; (3)先计算和,然后通过公式计算出线性回归方程,然后代入平均值50即可得到答案. 【详解】(1)记物理、历史分别为,思想政治、地理、化学、生物分别为, 由题意可知考生选择的情形有,,,,,,,,,,,,

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