温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,汇文网负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。
网站客服:3074922707
吉林省
实验
中学
2023
学年
下第
一次
测试
数学试题
解析
2023学年高考数学模拟测试卷
注意事项:
1. 答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.如图,在中,点是的中点,过点的直线分别交直线,于不同的两点,若,,则( )
A.1 B. C.2 D.3
2.设直线的方程为,圆的方程为,若直线被圆所截得的弦长为,则实数的取值为
A.或11 B.或11 C. D.
3.抛物线的准线与双曲线的两条渐近线所围成的三角形面积为,则的值为 ( )
A. B. C. D.
4.已知是过抛物线焦点的弦,是原点,则( )
A.-2 B.-4 C.3 D.-3
5.已知直线和平面,若,则“”是“”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.不充分不必要
6.设f(x)是定义在R上的偶函数,且在(0,+∞)单调递减,则( )
A. B.
C. D.
7.已知函数,若关于的方程有且只有一个实数根,则实数的取值范围是( )
A. B.
C. D.
8.历史上有不少数学家都对圆周率作过研究,第一个用科学方法寻求圆周率数值的人是阿基米德,他用圆内接和外切正多边形的周长确定圆周长的上下界,开创了圆周率计算的几何方法,而中国数学家刘徽只用圆内接正多边形就求得的近似值,他的方法被后人称为割圆术.近代无穷乘积式、无穷连分数、无穷级数等各种值的表达式纷纷出现,使得值的计算精度也迅速增加.华理斯在1655年求出一个公式:,根据该公式绘制出了估计圆周率的近似值的程序框图,如下图所示,执行该程序框图,已知输出的,若判断框内填入的条件为,则正整数的最小值是
A. B. C. D.
9.集合的子集的个数是( )
A.2 B.3 C.4 D.8
10.在区间上随机取一个数,使直线与圆相交的概率为( )
A. B. C. D.
11.已知是等差数列的前项和,若,设,则数列的前项和取最大值时的值为( )
A.2020 B.20l9 C.2018 D.2017
12.已知集合A={y|y=|x|﹣1,x∈R},B={x|x≥2},则下列结论正确的是( )
A.﹣3∈A B.3B C.A∩B=B D.A∪B=B
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.满足约束条件的目标函数的最小值是 .
14.已知一组数据1.6,1.8,2,2.2,2.4,则该组数据的方差是_______.
15.函数的定义域为______.
16.某班有学生52人,现将所有学生随机编号,用系统抽样方法,抽取一个容量为4的样本,已知5号、31号、44号学生在样本中,则样本中还有一个学生的编号是__________.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(12分)已知数列是公比为正数的等比数列,其前项和为,满足,且成等差数列.
(1)求的通项公式;
(2)若数列满足,求的值.
18.(12分)在边长为的正方形,分别为的中点,分别为的中点,现沿折叠,使三点重合,构成一个三棱锥.
(1)判别与平面的位置关系,并给出证明;
(2)求多面体的体积.
19.(12分)已知函数,.
(1)若时,解不等式;
(2)若关于的不等式在上有解,求实数的取值范围.
20.(12分)在中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,且.
(1)求角A的大小;
(2)若,的平分线与交于点D,与的外接圆交于点E(异于点A),,求的值.
21.(12分)已知数列满足对任意都有,其前项和为,且是与的等比中项,.
(1)求数列的通项公式;
(2)已知数列满足,,设数列的前项和为,求大于的最小的正整数的值.
22.(10分)如图在直角中,为直角,,,分别为,的中点,将沿折起,使点到达点的位置,连接,,为的中点.
(Ⅰ)证明:面;
(Ⅱ)若,求二面角的余弦值.
2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、C
【答案解析】
连接AO,因为O为BC中点,可由平行四边形法则得,再将其用,表示.由M、O、N三点共线可知,其表达式中的系数和,即可求出的值.
【题目详解】
连接AO,由O为BC中点可得,
,
、、三点共线,
,
.
故选:C.
【答案点睛】
本题考查了向量的线性运算,由三点共线求参数的问题,熟记向量的共线定理是关键.属于基础题.
2、A
【答案解析】
圆的圆心坐标为(1,1),该圆心到直线的距离,结合弦长公式得,解得或,故选A.
3、A
【答案解析】
求得抛物线的准线方程和双曲线的渐近线方程,解得两交点,由三角形的面积公式,计算即可得到所求值.
【题目详解】
抛物线的准线为, 双曲线的两条渐近线为, 可得两交点为, 即有三角形的面积为,解得,故选A.
【答案点睛】
本题考查三角形的面积的求法,注意运用抛物线的准线方程和双曲线的渐近线方程,考查运算能力,属于基础题.
4、D
【答案解析】
设,,设:,联立方程得到,计算
得到答案.
【题目详解】
设,,故.
易知直线斜率不为,设:,联立方程,
得到,故,故.
故选:.
【答案点睛】
本题考查了抛物线中的向量的数量积,设直线为可以简化运算,是解题的关键 .
5、B
【答案解析】
由线面关系可知,不能确定与平面的关系,若一定可得,即可求出答案.
【题目详解】
,
不能确定还是,
,
当时,存在,,
由
又可得,
所以“”是“”的必要不充分条件,
故选:B
【答案点睛】
本题主要考查了必要不充分条件,线面垂直,线线垂直的判定,属于中档题.
6、D
【答案解析】
利用是偶函数化简,结合在区间上的单调性,比较出三者的大小关系.
【题目详解】
是偶函数,,
而,因为在上递减,
,
即.
故选:D
【答案点睛】
本小题主要考查利用函数的奇偶性和单调性比较大小,属于基础题.
7、B
【答案解析】
利用换元法设,则等价为有且只有一个实数根,分 三种情况进行讨论,结合函数的图象,求出的取值范围.
【题目详解】
解:设 ,则有且只有一个实数根.
当 时,当 时, ,由即,解得,
结合图象可知,此时当时,得 ,则 是唯一解,满足题意;
当时,此时当时,,此时函数有无数个零点,不符合题意;
当 时,当 时,,此时 最小值为 ,
结合图象可知,要使得关于的方程有且只有一个实数根,此时 .
综上所述: 或.
故选:A.
【答案点睛】
本题考查了函数方程根的个数的应用.利用换元法,数形结合是解决本题的关键.
8、B
【答案解析】
初始:,,第一次循环:,,继续循环;
第二次循环:,,此时,满足条件,结束循环,
所以判断框内填入的条件可以是,所以正整数的最小值是3,故选B.
9、D
【答案解析】
先确定集合中元素的个数,再得子集个数.
【题目详解】
由题意,有三个元素,其子集有8个.
故选:D.
【答案点睛】
本题考查子集的个数问题,含有个元素的集合其子集有个,其中真子集有个.
10、C
【答案解析】
根据直线与圆相交,可求出k的取值范围,根据几何概型可求出相交的概率.
【题目详解】
因为圆心,半径,直线与圆相交,所以
,解得
所以相交的概率,故选C.
【答案点睛】
本题主要考查了直线与圆的位置关系,几何概型,属于中档题.
11、B
【答案解析】
根据题意计算,,,计算,,,得到答案.
【题目详解】
是等差数列的前项和,若,
故,,,,故,
当时,,,,
,
当时,,故前项和最大.
故选:.
【答案点睛】
本题考查了数列和的最值问题,意在考查学生对于数列公式方法的综合应用.
12、C
【答案解析】
试题分析:集合
考点:集合间的关系
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13、-2
【答案解析】
可行域是如图的菱形ABCD,
代入计算,
知为最小.
14、0.08
【答案解析】
先求解这组数据的平均数,然后利用方差的公式可得结果.
【题目详解】
首先求得,
.
故答案为:0.08.
【答案点睛】
本题主要考查数据的方差,明确方差的计算公式是求解的关键,侧重考查数据分析的核心素养.
15、
【答案解析】
对数函数的定义域需满足真数大于0,再由指数型不等式求解出解集即可.
【题目详解】
对函数有意义,
即.
故答案为:
【答案点睛】
本题考查求对数函数的定义域,还考查了指数型不等式求解,属于基础题.
16、18
【答案解析】
根据系统抽样的定义和方法,所抽取的4个个体的编号成等差数列,故可根据其中三个个体的编号求出另一个个体的编号.
【题目详解】
解:根据系统抽样的定义和方法,所抽取的4个个体的编号成等差数列,
已知其中三个个体的编号为5,31,44,
故还有一个抽取的个体的编号为18,
故答案为:18
【答案点睛】
本题主要考查系统抽样的定义和方法,属于简单题.
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17、(1)(2)
【答案解析】
(1)由公比表示出,由成等差数列可求得,从而数列的通项公式;
(2)求(1)得,然后对和式两两并项后利用等差数列的前项和公式可求解.
【题目详解】
(1)∵是等比数列,且成等差数列
∴,即
∴,解得:或
∵,∴
∵
∴
(2)∵
∴
【答案点睛】
本题考查等比数列的通项公式,考查并项求和法及等差数列的项和公式.本题求数列通项公式所用方法为基本量法,求和是用并项求和法.数列的求和除公式法外,还有错位相关法、裂项相消法、分组(并项)求和法等等.
18、(1)平行,证明见解析;(2).
【答案解析】
(1)由题意及图形的翻折规律可知应是的一条中位线,利用线面平行的判定定理即可求证;
(2)利用条件及线面垂直的判定定理可知,,则平面,在利用锥体的体积公式即可.
【题目详解】
(1)证明:因翻折后、、重合,
∴应是的一条中位线,
∴,
∵平面,平面,
∴平面;
(2)解:∵,,
∴面
且,,
,
又,
.
【答案点睛】
本题主要考查线面平行的判定定理,线面垂直的判定定理及锥体的体积公式,属于基础题.
19、(1)(2)
【答案解析】
(1)零点分段法,分,,讨论即可;
(2)当时,原问题可转化为:存在,使不等式成立,即.
【题目详解】
解:(1)若时,,
当时,原不等式可化为,解得,所以,
当时,原不等式可化为,解得,所以,
当时,原不等式可化为,解得,所以,
综上述:不等式的解集为;
(2)当时,由得,
即,
故得,
又由题意知:,
即,
故的范围为.
【答案点睛】
本题考查解绝对值不等式以及不等式能成立求参数,考查学生的运算能力,是一道容易题.
20、(1);(2)
【答案解析】
(1)由,利用正弦定理转化整理为,再利用余弦定理求解.
(2)根据,利用两角和的余弦得到,利用数形结合,设,在中,由正弦定理求得,在中,求得再求解.
【题目详解】
(1)因为,
所以,