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2023届四川省自贡市普高高三第三次模拟考试数学试卷(含解析).doc
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2023 四川省 自贡市 高高 第三次 模拟考试 数学试卷 解析
2023学年高考数学模拟测试卷 注意事项: 1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。 2.答题时请按要求用笔。 3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。 4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。 5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1.抛物线的准线与双曲线的两条渐近线所围成的三角形面积为,则的值为 ( ) A. B. C. D. 2.等差数列中,已知,且,则数列的前项和中最小的是( ) A.或 B. C. D. 3.已知是球的球面上两点,,为该球面上的动点.若三棱锥体积的最大值为36,则球的表面积为( ) A. B. C. D. 4.中,点在边上,平分,若,,,,则( ) A. B. C. D. 5.关于函数,有下述三个结论: ①函数的一个周期为; ②函数在上单调递增; ③函数的值域为. 其中所有正确结论的编号是( ) A.①② B.② C.②③ D.③ 6.在直三棱柱中,己知,,,则异面直线与所成的角为( ) A. B. C. D. 7.已知三棱锥的所有顶点都在球的球面上,平面,,若球的表面积为,则三棱锥的体积的最大值为( ) A. B. C. D. 8.下图所示函数图象经过何种变换可以得到的图象( ) A.向左平移个单位 B.向右平移个单位 C.向左平移个单位 D.向右平移个单位 9.已知是两条不重合的直线,是两个不重合的平面,下列命题正确的是( ) A.若,,,,则 B.若,,,则 C.若,,,则 D.若,,,则 10.已知七人排成一排拍照,其中甲、乙、丙三人两两不相邻,甲、丁两人必须相邻,则满足要求的排队方法数为( ). A.432 B.576 C.696 D.960 11.已知函数,若恒成立,则满足条件的的个数为( ) A.0 B.1 C.2 D.3 12.已知命题:是“直线和直线互相垂直”的充要条件;命题:对任意都有零点;则下列命题为真命题的是( ) A. B. C. D. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。 13.已知,,其中,为正的常数,且,则的值为_______. 14.已知椭圆,,若椭圆上存在点使得为等边三角形(为原点),则椭圆的离心率为_________. 15.已知关于的方程在区间上恰有两个解,则实数的取值范围是________ 16.已知,,,,则______. 三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17.(12分)设函数,. (1)解不等式; (2)若对任意的实数恒成立,求的取值范围. 18.(12分)如图,在直三棱柱中,分别是中点,且,. 求证:平面; 求点到平面的距离. 19.(12分)已知数列满足对任意都有,其前项和为,且是与的等比中项,. (1)求数列的通项公式; (2)已知数列满足,,设数列的前项和为,求大于的最小的正整数的值. 20.(12分)如图,在四棱锥中,底面,底面是直角梯形,为侧棱上一点,已知. (Ⅰ)证明:平面平面; (Ⅱ)求二面角的余弦值. 21.(12分)已知数列满足:对一切成立. (1)求数列的通项公式; (2)求数列的前项和. 22.(10分)已知矩阵的逆矩阵.若曲线:在矩阵A对应的变换作用下得到另一曲线,求曲线的方程. 2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析) 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1、A 【答案解析】 求得抛物线的准线方程和双曲线的渐近线方程,解得两交点,由三角形的面积公式,计算即可得到所求值. 【题目详解】 抛物线的准线为, 双曲线的两条渐近线为, 可得两交点为, 即有三角形的面积为,解得,故选A. 【答案点睛】 本题考查三角形的面积的求法,注意运用抛物线的准线方程和双曲线的渐近线方程,考查运算能力,属于基础题. 2、C 【答案解析】 设公差为,则由题意可得,解得,可得.令 ,可得 当时,,当时,,由此可得数列前项和中最小的. 【题目详解】 解:等差数列中,已知,且,设公差为, 则,解得 , . 令 ,可得,故当时,,当时,, 故数列前项和中最小的是. 故选:C. 【答案点睛】 本题主要考查等差数列的性质,等差数列的通项公式的应用,属于中档题. 3、C 【答案解析】 如图所示,当点C位于垂直于面的直径端点时,三棱锥的体积最大,设球的半径为,此时,故,则球的表面积为,故选C. 考点:外接球表面积和椎体的体积. 4、B 【答案解析】 由平分,根据三角形内角平分线定理可得,再根据平面向量的加减法运算即得答案. 【题目详解】 平分,根据三角形内角平分线定理可得, 又,,,, . . 故选:. 【答案点睛】 本题主要考查平面向量的线性运算,属于基础题. 5、C 【答案解析】 ①用周期函数的定义验证.②当时,,,再利用单调性判断.③根据平移变换,函数的值域等价于函数的值域,而,当时,再求值域. 【题目详解】 因为,故①错误; 当时,,所以,所以在上单调递增,故②正确; 函数的值域等价于函数的值域,易知,故当时,,故③正确. 故选:C. 【答案点睛】 本题考查三角函数的性质,还考查推理论证能力以及分类讨论思想,属于中档题. 6、C 【答案解析】 由条件可看出,则为异面直线与所成的角,可证得三角形中,,解得从而得出异面直线与所成的角. 【题目详解】 连接,,如图: 又,则为异面直线与所成的角. 因为且三棱柱为直三棱柱,∴∴面, ∴, 又,,∴, ∴,解得. 故选C 【答案点睛】 考查直三棱柱的定义,线面垂直的性质,考查了异面直线所成角的概念及求法,考查了逻辑推理能力,属于基础题. 7、B 【答案解析】 由题意画出图形,设球0得半径为R,AB=x, AC=y,由球0的表面积为20π,可得R2=5,再求出三角形A BC外接圆的半径,利用余弦定理及基本不等式求xy的最大值,代入棱锥体积公式得答案. 【题目详解】 设球的半径为,,, 由,得. 如图: 设三角形的外心为,连接,,, 可得,则. 在中,由正弦定理可得:, 即, 由余弦定理可得,, . 则三棱锥的体积的最大值为. 故选:. 【答案点睛】 本题考查三棱锥的外接球、三棱锥的侧面积、体积,基本不等式等基础知识,考查空间想象能力、逻辑思维能力、运算求解能力,考查数学转化思想方法与数形结合的解题思想方法,是中档题. 8、D 【答案解析】 根据函数图像得到函数的一个解析式为,再根据平移法则得到答案. 【题目详解】 设函数解析式为, 根据图像:,,故,即, ,,取,得到, 函数向右平移个单位得到. 故选:. 【答案点睛】 本题考查了根据函数图像求函数解析式,三角函数平移,意在考查学生对于三角函数知识的综合应用. 9、B 【答案解析】 根据空间中线线、线面位置关系,逐项判断即可得出结果. 【题目详解】 A选项,若,,,,则或与相交;故A错; B选项,若,,则,又,是两个不重合的平面,则,故B正确; C选项,若,,则或或与相交,又,是两个不重合的平面,则或与相交;故C错; D选项,若,,则或或与相交,又,是两个不重合的平面,则或与相交;故D错; 故选B 【答案点睛】 本题主要考查与线面、线线相关的命题,熟记线线、线面位置关系,即可求解,属于常考题型. 10、B 【答案解析】 先把没有要求的3人排好,再分如下两种情况讨论:1.甲、丁两者一起,与乙、丙都不相邻,2.甲、丁一起与乙、丙二者之一相邻. 【题目详解】 首先将除甲、乙、丙、丁外的其余3人排好,共有种不同排列方式,甲、丁排在一起共有种不同方式; 若甲、丁一起与乙、丙都不相邻,插入余下三人产生的空档中,共有种不同方式; 若甲、丁一起与乙、丙二者之一相邻,插入余下三人产生的空档中,共有种不同方式; 根据分类加法、分步乘法原理,得满足要求的排队方法数为种. 故选:B. 【答案点睛】 本题考查排列组合的综合应用,在分类时,要注意不重不漏的原则,本题是一道中档题. 11、C 【答案解析】 由不等式恒成立问题分类讨论:①当,②当,③当,考查方程的解的个数,综合①②③得解. 【题目详解】 ①当时,,满足题意, ②当时,,,,,故不恒成立, ③当时,设,, 令,得,,得, 下面考查方程的解的个数, 设(a),则(a) 由导数的应用可得: (a)在为减函数,在,为增函数, 则(a), 即有一解, 又,均为增函数, 所以存在1个使得成立, 综合①②③得:满足条件的的个数是2个, 故选:. 【答案点睛】 本题考查了不等式恒成立问题及利用导数研究函数的解得个数,重点考查了分类讨论的数学思想方法,属难度较大的题型. 12、A 【答案解析】 先分别判断每一个命题的真假,再利用复合命题的真假判断确定答案即可. 【题目详解】 当时,直线和直线,即直线为和直线互相垂直, 所以“”是直线和直线互相垂直“的充分条件, 当直线和直线互相垂直时,,解得. 所以“”是直线和直线互相垂直“的不必要条件. :“”是直线和直线互相垂直“的充分不必要条件,故是假命题. 当时,没有零点, 所以命题是假命题. 所以是真命题,是假命题,是假命题,是假命题. 故选:. 【答案点睛】 本题主要考查充要条件的判断和两直线的位置关系,考查二次函数的图象, 考查学生对这些知识的理解掌握水平. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。 13、 【答案解析】 把已知等式变形,展开两角和与差的三角函数,结合已知求得值. 【题目详解】 解:由,得, , 即, , 又, ,解得:. 为正的常数,. 故答案为:. 【答案点睛】 本题考查两角和与差的三角函数,考查数学转化思想方法,属于中档题. 14、 【答案解析】 根据题意求出点N的坐标,将其代入椭圆的方程,求出参数m的值,再根据离心率的定义求值. 【题目详解】 由题意得, 将其代入椭圆方程得, 所以. 故答案为:. 【答案点睛】 本题考查了椭圆的标准方程及几何性质,属于中档题. 15、 【答案解析】 先换元,令,将原方程转化为,利用参变分离法转化为研究两函数的图像交点,观察图像,即可求出. 【题目详解】 因为关于的方程在区间上恰有两个解,令,所以方程在 上只有一解,即有 , 直线与 在的图像有一个交点, 由图可知,实数的取值范围是,但是当时,还有一个根,所以此时共有3个根. 综上实数的取值范围是. 【答案点睛】 本题主要考查学生运用转化与化归思想的能力,方程有解问题转化成两函数的图像有交点问题,是常见的转化方式. 16、 【答案解析】 由已知利用同角三角函数的基本关系式可求得,的值,由两角差的正弦公式即可计算得的值. 【题目详解】 ,,,, ,, , , . 故答案为: 【答案点睛】 本题主要考查了同角三角函数的基本关系、两角差的正弦公式,需熟记公式,属于基础题. 三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、 (1);(2) 【答案解析】 试题分析: (1)将绝对值不等式两边平方,化为二次不等式求解.(2)将问题化为分段函数问题,通过分类讨论并根据恒成立问题的解法求解即可. 试题解析:

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