2023学年福建省泉州市马甲中学高三第二次联考数学试卷（含解析）.doc

2023学年高考数学模拟测试卷 考生须知： 1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。 2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。 3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．若向量，，则与共线的向量可以是（　　） A． B． C． D． 2．设a=log73，，c=30.7，则a，b，c的大小关系是（　　） A． B． C． D． 3．已知向量，，且与的夹角为，则（ ） A． B．1 C．或1 D．或9 4．如图，正方形网格纸中的实线图形是一个多面体的三视图，则该多面体各表面所在平面互相垂直的有（ ） A．2对 B．3对 C．4对 D．5对 5．已知空间两不同直线、，两不同平面，，下列命题正确的是（ ） A．若且，则 B．若且，则 C．若且，则 D．若不垂直于，且，则不垂直于 6．已知全集，则集合的子集个数为（ ） A． B． C． D． 7．集合的真子集的个数是（ ） A． B． C． D． 8．已知，则，不可能满足的关系是（） A． B． C． D． 9．大衍数列，米源于我国古代文献《乾坤谱》中对易传“大衍之数五十”的推论，主要用于解释我国传统文化中的太极衍生原理，数列中的每一项，都代表太极衍生过程中，曾经经历过的两仪数量总和.已知该数列前10项是0，2，4，8，12，18，24，32，40，50，…，则大衍数列中奇数项的通项公式为（ ） A． B． C． D． 10．△ABC中，AB＝3，，AC＝4，则△ABC的面积是（ ） A． B． C．3 D． 11．在平面直角坐标系中，已知点，，若动点满足 ，则的取值范围是（ ） A． B． C． D． 12． “”是“函数的图象关于直线对称”的（ ） A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13．（5分）已知，且，则的值是____________． 14．若x，y满足，则的最小值为________. 15．设为正实数，若则的取值范围是__________． 16．在四棱锥中，是边长为的正三角形，为矩形，，.若四棱锥的顶点均在球的球面上，则球的表面积为_____． 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17．（12分）函数，且恒成立. （1）求实数的集合； （2）当时，判断图象与图象的交点个数，并证明. （参考数据：） 18．（12分）已知函数，. （1）若曲线在点处的切线方程为，求，； （2）当时，，求实数的取值范围. 19．（12分）设函数f（x）＝|x﹣a|+|x|（a＞0）． （1）若不等式f（x）﹣| x|≥4x的解集为{x|x≤1}，求实数a的值； （2）证明：f（x）． 20．（12分）选修4-5：不等式选讲 已知函数的最大值为3，其中． （1）求的值； （2）若，，，求证： 21．（12分）已知数列满足：对一切成立. （1）求数列的通项公式； （2）求数列的前项和. 22．（10分）已知函数. （1）证明：当时，； （2）若函数有三个零点，求实数的取值范围. 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、B 【答案解析】 先利用向量坐标运算求出向量,然后利用向量平行的条件判断即可. 【题目详解】 故选B 【答案点睛】 本题考查向量的坐标运算和向量平行的判定,属于基础题,在解题中要注意横坐标与横坐标对应,纵坐标与纵坐标对应,切不可错位. 2、D 【答案解析】 ，，得解． 【题目详解】 ，，，所以，故选D 【答案点睛】 比较不同数的大小，找中间量作比较是一种常见的方法． 3、C 【答案解析】 由题意利用两个向量的数量积的定义和公式，求的值. 【题目详解】 解：由题意可得， 求得，或， 故选：C. 【答案点睛】 本题主要考查两个向量的数量积的定义和公式，属于基础题． 4、C 【答案解析】 画出该几何体的直观图，易证平面平面，平面平面，平面平面，平面平面，从而可选出答案． 【题目详解】 该几何体是一个四棱锥，直观图如下图所示，易知平面平面， 作PO⊥AD于O，则有PO⊥平面ABCD，PO⊥CD， 又AD⊥CD，所以，CD⊥平面PAD， 所以平面平面， 同理可证：平面平面， 由三视图可知：PO＝AO＝OD，所以，AP⊥PD，又AP⊥CD， 所以，AP⊥平面PCD，所以，平面平面， 所以该多面体各表面所在平面互相垂直的有4对． 【答案点睛】 本题考查了空间几何体的三视图，考查了四棱锥的结构特征，考查了面面垂直的证明，属于中档题． 5、C 【答案解析】 因答案A中的直线可以异面或相交，故不正确；答案B中的直线也成立，故不正确；答案C中的直线可以平移到平面中，所以由面面垂直的判定定理可知两平面互相垂直，是正确的；答案D中直线也有可能垂直于直线，故不正确．应选答案C． 6、C 【答案解析】 先求B.再求，求得则子集个数可求 【题目详解】 由题=, 则集合,故其子集个数为 故选C 【答案点睛】 此题考查了交、并、补集的混合运算及子集个数，熟练掌握各自的定义是解本题的关键，是基础题 7、C 【答案解析】 根据含有个元素的集合，有个子集，有个真子集，计算可得； 【题目详解】 解：集合含有个元素，则集合的真子集有（个）， 故选：C 【答案点睛】 考查列举法的定义，集合元素的概念，以及真子集的概念，对于含有个元素的集合，有个子集，有个真子集，属于基础题． 8、C 【答案解析】 根据即可得出，，根据，，即可判断出结果． 【题目详解】 ∵； ∴，； ∴，，故正确； ，故C错误； ∵ ，故D正确 故C． 【答案点睛】 本题主要考查指数式和对数式的互化，对数的运算，以及基本不等式：和不等式的应用，属于中档题 9、B 【答案解析】 直接代入检验，排除其中三个即可． 【题目详解】 由题意，排除D，，排除A，C．同时B也满足，，， 故选：B． 【答案点睛】 本题考查由数列的项选择通项公式，解题时可代入检验，利用排除法求解． 10、A 【答案解析】 由余弦定理求出角，再由三角形面积公式计算即可. 【题目详解】 由余弦定理得：， 又，所以得， 故△ABC的面积. 故选：A 【答案点睛】 本题主要考查了余弦定理的应用，三角形的面积公式，考查了学生的运算求解能力. 11、D 【答案解析】 设出的坐标为，依据题目条件，求出点的轨迹方程， 写出点的参数方程，则，根据余弦函数自身的范围，可求得结果. 【题目详解】 设 ，则 ∵， ∴ ∴ ∴为点的轨迹方程 ∴点的参数方程为（为参数） 则由向量的坐标表达式有： 又∵ ∴ 故选：D 【答案点睛】 考查学生依据条件求解各种轨迹方程的能力，熟练掌握代数式转换，能够利用三角换元的思想处理轨迹中的向量乘积，属于中档题.求解轨迹方程的方法有：①直接法；②定义法；③相关点法；④参数法；⑤待定系数法 12、A 【答案解析】 先求解函数的图象关于直线对称的等价条件，得到，分析即得解. 【题目详解】 若函数的图象关于直线对称， 则， 解得， 故“”是“函数的图象关于直线对称”的充分不必要条件． 故选：A 【答案点睛】 本题考查了充分不必要条件的判断，考查了学生逻辑推理，概念理解，数学运算的能力，属于基础题. 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。 13、 【答案解析】 由于，且，则，得，则． 14、5 【答案解析】 先作出可行域，再做直线，平移，找到使直线在y轴上截距最小的点，代入即得。 【题目详解】 作出不等式组表示的平面区域，如图，令，则，作出直线，平移直线，由图可得，当直线经过C点时，直线在y轴上的截距最小，由，可得，因此的最小值为. 故答案为：4 【答案点睛】 本题考查不含参数的线性规划问题，是基础题。 15、 【答案解析】 根据，可得，进而，有，而，令，得到，再用导数法求解， 【题目详解】 因为， 所以， 所以， 所以， 所以， 令，， 所以， 当时，，当时， 所以当时，取得最大值， 又， 所以取值范围是， 故答案为： 【答案点睛】 本题主要考查基本不等式的应用和导数法求最值，还考查了运算求解的能力，属于难题， 16、 【答案解析】 做 中点，的中点，连接，由已知条件可求出，运用余弦定理可求，从而在平面中建立坐标系，则以及的外接圆圆心为和长方形的外接圆圆心为在该平面坐标系的坐标可求，通过球心满足，即可求出的坐标，从而可求球的半径，进而能求出球的表面积. 【题目详解】 解：如图做 中点，的中点，连接 ，由题意知 ，则 设的外接圆圆心为，则在直线上且 设长方形的外接圆圆心为，则在上且.设外接球的球心为 在 中，由余弦定理可知，. 在平面中，以 为坐标原点，以 所在直线为 轴，以过点垂直于 轴的直 线为 轴，如图建立坐标系，由题意知，在平面中且 设 ，则，因为，所以 解得.则 所以球的表面积为. 故答案为: . 【答案点睛】 本题考查了几何体外接球的问题，考查了球的表面积.关于几何体的外接球的做题思路有：一是通过将几何体补充到长方体中，将几何体的外接球等同于长方体的外接球，求出体对角线即为直径，但这种方法适用性较差；二是通过球的球心与各面外接圆圆心的连线与该平面垂直，设半径列方程求解；三是通过空间、平面坐标系进行求解. 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17、（1）；（2）2个，证明见解析 【答案解析】 （1）要恒成立，只要的最小值大于或等于零即可，所以只要讨论求解看是否有最小值； （2）将图像与图像的交点个数转化为方程实数解的个数问题，然后构造函数，再利用导数讨论此函数零点的个数. 【题目详解】 （1）的定义域为，因为， 1°当时，在上单调递减，时，使得，与条件矛盾； 2°当时，由，得；由，得，所以在上单调递减，在上单调递增，即有，由恒成立，所以恒成立，令， 若； 若；而时，，要使恒成立， 故. （2）原问题转化为方程实根个数问题， 当时，图象与图象有且仅有2个交点，理由如下： 由，即，令， 因为，所以是的一根；， 1°当时，， 所以在上单调递减，，即在上无实根； 2°当时，， 则在上单调递递增，又， 所以在上有唯一实根，且满足， ①当时，在上单调递减，此时在上无实根； ②当时，在上单调递增， ，故在上有唯一实根. 3°当时，由（1）知，在上单调递增， 所以， 故，所以在上无实根. 综合1°，2°，3°，故有两个实根，即图象与图象有且仅有2个交点. 【答案点睛】 此题考查不等式恒成立问题、函数与方程的转化思想，考查导数的运用，属于较难题. 18、（1）；（2） 【答案解析】 (1)对函数求导，运用可求得的值，再由在直线上，可求得的值； (2)由已知可得恒成立，构造函数，对函数求导，讨论和0的大小关系，结合单调性求出最大值即可求得的范围. 【题目详解】 （1）由题得， 因为在点与相切 所以，∴ （2）由得，令，只需 ，设（）， 当时，，在时为增函