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2023学年湖北省黄岗市浠水实验高中高三下学期联考数学试题(含解析).doc
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2023 学年 湖北省 黄岗市 浠水 实验 高中 下学 联考 数学试题 解析
2023学年高考数学模拟测试卷 注意事项: 1. 答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。 3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。 4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1.在正方体中,球同时与以为公共顶点的三个面相切,球同时与以为公共顶点的三个面相切,且两球相切于点.若以为焦点,为准线的抛物线经过,设球的半径分别为,则( ) A. B. C. D. 2.设函数定义域为全体实数,令.有以下6个论断: ①是奇函数时,是奇函数; ②是偶函数时,是奇函数; ③是偶函数时,是偶函数; ④是奇函数时,是偶函数 ⑤是偶函数; ⑥对任意的实数,. 那么正确论断的编号是( ) A.③④ B.①②⑥ C.③④⑥ D.③④⑤ 3.设复数满足,则( ) A.1 B.-1 C. D. 4.已知平面向量,满足且,若对每一个确定的向量,记的最小值为,则当变化时,的最大值为( ) A. B. C. D.1 5.命题“”的否定是( ) A. B. C. D. 6.一个陶瓷圆盘的半径为,中间有一个边长为的正方形花纹,向盘中投入1000粒米后,发现落在正方形花纹上的米共有51粒,据此估计圆周率的值为(精确到0.001)( ) A.3.132 B.3.137 C.3.142 D.3.147 7.设函数的定义域为,满足,且当时,.若对任意,都有,则的取值范围是( ). A. B. C. D. 8.某歌手大赛进行电视直播,比赛现场有名特约嘉宾给每位参赛选手评分,场内外的观众可以通过网络平台给每位参赛选手评分.某选手参加比赛后,现场嘉宾的评分情况如下表,场内外共有数万名观众参与了评分,组织方将观众评分按照,,分组,绘成频率分布直方图如下: 嘉宾 评分 嘉宾评分的平均数为,场内外的观众评分的平均数为,所有嘉宾与场内外的观众评分的平均数为,则下列选项正确的是( ) A. B. C. D. 9.如图,某几何体的三视图是由三个边长为2的正方形和其内部的一些虚线构成的,则该几何体的体积为( ) A. B. C.6 D.与点O的位置有关 10.已知集合,,则中元素的个数为( ) A.3 B.2 C.1 D.0 11.不等式的解集记为,有下面四个命题:;;;.其中的真命题是( ) A. B. C. D. 12.已知实数x,y满足约束条件,若的最大值为2,则实数k的值为( ) A.1 B. C.2 D. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。 13.根据如图的算法,输出的结果是_________. 14.已知关于x的不等式(ax﹣a2﹣4)(x﹣4)>0的解集为A,且A中共含有n个整数,则当n最小时实数a的值为_____. 15.《九章算术》卷5《商功》记载一个问题“今有圆堡瑽,周四丈八尺,高一丈一尺.问积几何?答曰:二千一百一十二尺,术曰:周自相乘,以高乘之,十二而一”,这里所说的圆堡瑽就是圆柱体,它的体积为“周自相乘,以高乘之,十二而一”,就是说:圆堡瑽(圆柱体)的体积为(底面圆的周长的平方高),则由此可推得圆周率的取值为________. 16.已知无盖的圆柱形桶的容积是立方米,用来做桶底和侧面的材料每平方米的价格分别为30元和20元,那么圆桶造价最低为________元. 三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17.(12分)心形线是由一个圆上的一个定点,当该圆在绕着与其相切且半径相同的另外一个圆周上滚动时,这个定点的轨迹,因其形状像心形而得名,在极坐标系中,方程()表示的曲线就是一条心形线,如图,以极轴所在的直线为轴,极点为坐标原点的直角坐标系中.已知曲线的参数方程为(为参数). (1)求曲线的极坐标方程; (2)若曲线与相交于、、三点,求线段的长. 18.(12分)已知函数. (1)讨论的单调性; (2)若恒成立,求实数的取值范围. 19.(12分)已知函数. (1)设,求函数的单调区间,并证明函数有唯一零点. (2)若函数在区间上不单调,证明:. 20.(12分)如图,在三棱柱中,是边长为2的等边三角形,,,. (1)证明:平面平面; (2),分别是,的中点,是线段上的动点,若二面角的平面角的大小为,试确定点的位置. 21.(12分)已知椭圆的离心率为,且过点. (Ⅰ)求椭圆的方程; (Ⅱ)设是椭圆上且不在轴上的一个动点,为坐标原点,过右焦点作的平行线交椭圆于、两个不同的点,求的值. 22.(10分)《山东省高考改革试点方案》规定:从2017年秋季高中入学的新生开始,不分文理科;2020年开始,高考总成绩由语数外3门统考科目和物理、化学等六门选考科目构成.将每门选考科目的考生原始成绩从高到低划分为、、、、、、、共8个等级.参照正态分布原则,确定各等级人数所占比例分别为、、、、、、、.选考科目成绩计入考生总成绩时,将至等级内的考生原始成绩,依照等比例转换法则,分别转换到、、、、、、、八个分数区间,得到考生的等级成绩.某校高一年级共2000人,为给高一学生合理选科提供依据,对六个选考科目进行测试,其中物理考试原始成绩基本服从正态分布. (1)求物理原始成绩在区间的人数; (2)按高考改革方案,若从全省考生中随机抽取3人,记表示这3人中等级成绩在区间的人数,求的分布列和数学期望. (附:若随机变量,则,,) 2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析) 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1、D 【答案解析】 由题先画出立体图,再画出平面处的截面图,由抛物线第一定义可知,点到点的距离即半径,也即点到面的距离,点到直线的距离即点到面的距离因此球内切于正方体,设,两球球心和公切点都在体对角线上,通过几何关系可转化出,进而求解 【题目详解】 根据抛物线的定义,点到点的距离与到直线的距离相等,其中点到点的距离即半径,也即点到面的距离,点到直线的距离即点到面的距离,因此球内切于正方体,不妨设,两个球心和两球的切点均在体对角线上,两个球在平面处的截面如图所示,则,所以.又因为,因此,得,所以. 故选:D 【答案点睛】 本题考查立体图与平面图的转化,抛物线几何性质的使用,内切球的性质,数形结合思想,转化思想,直观想象与数学运算的核心素养 2、A 【答案解析】 根据函数奇偶性的定义即可判断函数的奇偶性并证明. 【题目详解】 当是偶函数,则, 所以, 所以是偶函数; 当是奇函数时,则, 所以, 所以是偶函数; 当为非奇非偶函数时,例如:, 则,,此时,故⑥错误; 故③④正确. 故选:A 【答案点睛】 本题考查了函数的奇偶性定义,掌握奇偶性定义是解题的关键,属于基础题. 3、B 【答案解析】 利用复数的四则运算即可求解. 【题目详解】 由. 故选:B 【答案点睛】 本题考查了复数的四则运算,需掌握复数的运算法则,属于基础题. 4、B 【答案解析】 根据题意,建立平面直角坐标系.令.为中点.由即可求得点的轨迹方程.将变形,结合及平面向量基本定理可知三点共线.由圆切线的性质可知的最小值即为到直线的距离最小值,且当与圆相切时,有最大值.利用圆的切线性质及点到直线距离公式即可求得直线方程,进而求得原点到直线的距离,即为的最大值. 【题目详解】 根据题意,设, 则 由代入可得 即点的轨迹方程为 又因为,变形可得,即,且 所以由平面向量基本定理可知三点共线,如下图所示: 所以的最小值即为到直线的距离最小值 根据圆的切线性质可知,当与圆相切时,有最大值 设切线的方程为,化简可得 由切线性质及点到直线距离公式可得,化简可得 即 所以切线方程为或 所以当变化时, 到直线的最大值为 即的最大值为 故选:B 【答案点睛】 本题考查了平面向量的坐标应用,平面向量基本定理的应用, 圆的轨迹方程问题,圆的切线性质及点到直线距离公式的应用,综合性强,属于难题. 5、D 【答案解析】 根据全称命题的否定是特称命题,对命题进行改写即可. 【题目详解】 全称命题的否定是特称命题,所以命题“,”的否定是:,. 故选D. 【答案点睛】 本题考查全称命题的否定,难度容易. 6、B 【答案解析】 结合随机模拟概念和几何概型公式计算即可 【题目详解】 如图,由几何概型公式可知:. 故选:B 【答案点睛】 本题考查随机模拟的概念和几何概型,属于基础题 7、B 【答案解析】 求出在的解析式,作出函数图象,数形结合即可得到答案. 【题目详解】 当时,,, ,又,所以至少小于7,此时, 令,得,解得或,结合图象,故. 故选:B. 【答案点睛】 本题考查不等式恒成立求参数的范围,考查学生数形结合的思想,是一道中档题. 8、C 【答案解析】 计算出、,进而可得出结论. 【题目详解】 由表格中的数据可知,, 由频率分布直方图可知,,则, 由于场外有数万名观众,所以,. 故选:B. 【答案点睛】 本题考查平均数的大小比较,涉及平均数公式以及频率分布直方图中平均数的计算,考查计算能力,属于基础题. 9、B 【答案解析】 根据三视图还原直观图如下图所示,几何体的体积为正方体的体积减去四棱锥的体积,即可求出结论. 【题目详解】 如下图是还原后的几何体,是由棱长为2的正方体挖去一个四棱锥构成的, 正方体的体积为8,四棱锥的底面是边长为2的正方形, 顶点O在平面上,高为2, 所以四棱锥的体积为, 所以该几何体的体积为. 故选:B. 【答案点睛】 本题考查三视图求几何体的体积,还原几何体的直观图是解题的关键,属于基础题. 10、C 【答案解析】 集合表示半圆上的点,集合表示直线上的点,联立方程组求得方程组解的个数,即为交集中元素的个数. 【题目详解】 由题可知:集合表示半圆上的点,集合表示直线上的点, 联立与, 可得,整理得, 即, 当时,,不满足题意; 故方程组有唯一的解. 故. 故选:C. 【答案点睛】 本题考查集合交集的求解,涉及圆和直线的位置关系的判断,属基础题. 11、A 【答案解析】 作出不等式组表示的可行域,然后对四个选项一一分析可得结果. 【题目详解】 作出可行域如图所示,当时,,即的取值范围为,所以为真命题; 为真命题;为假命题. 故选:A 【答案点睛】 此题考查命题的真假判断与应用,着重考查作图能力,熟练作图,正确分析是关键,属于中档题. 12、B 【答案解析】 画出约束条件的可行域,利用目标函数的几何意义,求出最优解,转化求解即可. 【题目详解】 可行域如图中阴影部分所示,,,要使得z能取到最大值,则,当时,x在点B处取得最大值,即,得;当时,z在点C处取得最大值,即,得(舍去). 故选:B. 【答案点睛】 本题考查由目标函数最值求解参数值,数形结合思想,分类讨论是解题的关键,属于中档题. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。 13、55 【答案解析】 根据该For语句的功能,可得,可得结果 【题目详解】 根据该For语句的功能,可得 则 故答案为:55 【答案点睛】 本题考查For语句

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